辽宁省北镇市中学2022-2023学年物理高三上期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、回旋加速器工作原理示意图如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，两盒间的狭缝很小，粒子穿过的时间可忽略，它们接在电压为U、频率为f的交流电源上若A处粒子源产生的质子（）在加速器中被加速，下列说法正确的是A若只增大交流电压

2、U，则质子获得的最大动能增大B若只增大交流电压U，不改变质子在回旋加速器中的运行时间C若磁感应强度B增大，交流电源频率f必须适当增大才能正常工作D不改变磁感应强度B和交流电源频率f，该回旋加速器也能用于加速粒子（）2、如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环。小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，当小环距地面多高时大圆环对它的作用力为零ABCD3、关于静电场下列说法中正确的是A将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加B无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大C在同一个等势面上

3、的各点，场强的大小必然是相等的D电势下降的方向就是电场场强的方向4、汽车以36km/h的速度做匀速直线运动，某时刻关闭发动机。从关闭发动机后开始计时，第2s内汽车的位移为4m，则4s内汽车的位移大小为（ ）A8mB12.5mC37.5mD72m5、如图所示，质量为m的硬质面字典A对称跨放在硬质面的书本B上将书本B的一端缓慢抬高至字典刚要滑动，此时书脊与水平面的夹角为下列说法中正确的是（ ）AA受到三个力的作用BB对A的最大静摩擦力的合力为mgsinCB的一个侧面对A的弹力为mgcosDB对A的作用力为零6、某同学用如图所示方法做共点力平衡实验M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和

4、OC的结点，桌上有若干相同的钩码，他已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，在B点挂的钩码数可能是（ ）A1个B3个C5个D7个二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平面内有A、B、C、D、E、F六个点，它们均匀分布在半径为R=2cm的同一圆周上，空间有一方向与圆平面平行的匀强电场。已知A、C、E三点的电势分别为、，下列判断正确的是（ ）A电场强度的方向由A指向DB电场强度的大小为100V/mC该圆周上的点电势最高为4VD将

5、电子沿圆弧从D点移到F点，静电力始终做负功8、一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示,质点P此时刻沿-y运动,经过0.1 s第一次到达平衡位置,波速为5 m/s,则下列说法正确的是（ ）A该波沿x轴负方向传播BQ点的振幅比P点的振幅大CP点的横坐标为x=2.5 mDQ点的振动方程为y=5cos t cmE.x=3.5 m处的质点与P点振动的位移始终相反9、如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图像下列说法正确的是（ ）A这列波的传播方向是沿x轴正方向B这列波的传播速度是20 m/sC经过0.15 s，质点P沿x轴的正方向传播了3 mD经过0

6、.1 s，质点Q的运动方向沿y轴正方向E.经过0.35 s，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离10、如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A，细线跨过位于O点的轻质光滑定滑轮，一端连接A，另一端悬挂小物块B，物块A、B质量相等C为O点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OCh，重力加速度为g.开始时A位于P点，PO与水平方向的夹角为，现将A、B由静止释放，下列说法正确的是()A物块A由P点出发第一次到达C点过程中，速度先增大后减小B物块A经过C点时的速度大小为C物块A在杆上长为的范围内做往复运动D在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功小于B重力势能的减少量三、实验

7、题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） (1)甲同学用如图(a)所示的装置来验证动量守恒定律。实验中质量为m1的入射小球和质量为m2的被碰小球的质量关系是m1_m2（选填“大于” “等于”或“小于”）；图(a)中O点是小球抛出点在地面上的投影。实验时，先将入射小球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量水平射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复本操作。接下来要完成的必要步骤是_；（填选项前的字母）A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小

8、球m1开始释放的高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别通过画最小的圆找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量水平射程OM、ON若两球相碰前、后的动量守恒，其表达式可表示为_（用中测量的量表示）。(2)乙同学也用上述两球进行实验，但将实验装置改成如图(b)所示。将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中小球1、小球2与木条的撞击点。实验时先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射小球1从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为B；然后将木条平移到图中所示位置，入射小球1从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点P；再将入射小球1从斜轨上起始位置由静止释放，与小球2相撞，撞击点为M

9、和N，测得B与N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h3。只要满足关系式_，则说明碰撞中动量是守恒的；只要再满足关系式_，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞（用所测物理量的字母表示）。12（12分）某同学欲采用下列器材研究一个额定电压为2.5 V的小灯泡(内阻约为6 )的伏安特性曲线。A直流电源(3 V,内阻不计);B电流表(0-0.6 A,内阻约为0.13 );C电压表(0-3 V,内阻约为3 k);D电压表(0-15 V,内阻约为15 k);E.滑动变阻器(0-20 ,额定电流为2 A);F.滑动变阻器(0-1000 ,额定电流为0.5 A);G.开关、导线若干。(1)为了减小测量误差,电压表

10、应选用_,滑动变阻器应选用_。(填序号A、B、C等) (2)该同学连接电路的实物图如图丙所示,请指出他的电路接线中的错误:_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长求：（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？共同速度是多大？（3）从小物块

11、放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）14（16分）如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上侧与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm，现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧的高度差为h1=10.0cm时，将开关K关闭，已知大气压强p0=75.0cmHg（1）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（2）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银达到同一高度，求注入水银在管内的长度15（12分）如图，在水平地面上固定一倾角为37足够长的的斜面，有一木块以初速度8m/s冲上斜面

12、，木块与斜面的动摩擦因数为0.25（最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）。则：（1）木块沿斜面上升的最大距离为多少？（2）木块在斜面上运动的时间为多少？（3）如果斜面是光滑的，求木块运动到离斜面底端4m处的速度？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题中“回旋加速器工作原理示意图如图所示”可知，本题考查回旋加速器的工作原理，根据回旋加速器加速规律和周期频率可分析本题。【详解】A、当粒子从粒子出口射出时，速度最大，根据公式解得因此最大动能为则最大动能与电

13、压无关，故A错误；B、若增大电压，则质子可更快获得最大动能，因此质子在回旋加速器中的运行时间会变短，故B错误；C、根据可知，当磁感应强度B增大，周期就会减小，只有当交流电频率适当增大才能正常工作，故C正确；D、根据可知，换用粒子，粒子的荷质比就会发生变化，周期也会变化，因此需要改变交流电的频率才能加速粒子，故D错误。2、A【解析】大圆环是光滑的，则小环和大环之间没有摩擦力；大环对小环的支持力总是垂直于小环的速度方向，所以大环对小环没有做功，小环机械能守恒，设当小环距地面高时大圆环对它的作用力为零，根据机械能守恒可得：当小环距地面高时，设重力与半径的夹角为，根据牛顿第二定律可得：其中：联立解得：

14、A. 与分析相符，故A正确；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析不符，故C错误；D. 与分析不符，故D错误。3、B【解析】试题分析：将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定减小，选项A错误；无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大，选项B正确；在同一个等势面上的各点，场强的大小不一定是相等的，例如等量异种电荷连线的中垂线上各点，选项C错误；沿场强的方向电势一定下降，但是电势下降的方向不一定是电场场强的方向，选项D错误；故选B考点：场强与电势【名师点睛】对于电势与场强的理解，要抓住电势与场强没有直接的关系，匀强电场中，场强处处相

15、等，电势不是处处相等匀强电场中的等势面与电场线垂直匀强电场中，各点的场强都相等，各点的电势可能相等，也可能不等电势降低的方向不一定电场强度方向电势降低最快的方向一定是电场强度的方向4、B【解析】汽车在第2s内的平均速度为即为1.5s末的速度，由速度公式得即解得汽车停止运动所用的时间所以汽车4s内的位移等于2.5s内的位移，即为故选B。5、B【解析】试题分析：对字典，受到重力mg、硬质书本B书脊两接触面的支持力N1、N2和摩擦力f1、f2作用，因此共受到5个力的作用，故选项A错误；根据共点力的平衡条件可知，B对A的最大静摩擦力的合力应沿书脊面斜向上，且等于重力应沿书脊面斜向下的分量，即为mgsi

16、n，故选项B正确；N1、N2的合力大小为mgcos，而N1、N2则分别垂直于各自的接触面(字典面)斜向上，不一定等于mgcos，故选项C错误；显然支持力N1、N2和摩擦力f1、f2都是B对A的作用力，它们的合力与A的重力mg等值、反向，不等于零，故选项D错误考点：本题主要考查了物体的受力分析、共点力平衡条件的应用问题，属于中档题6、B【解析】三个力的平衡,第三个力大小 7F1之间,所以A、D错误；若挂5个钩码,则可知MO处于水平.与题意M、N在同一水平线上,矛盾.所以B正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5

17、分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AE中点G的电势为： ，则所以GC是一个等势面电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，所以电场强度的方向由E指向A，故A错误；EA两点间的电势差为： ，EA两点间的距离，根据： 代入数据可得电场强度的大小，故B正确；根据沿着电场线电势降低，可得H点电势最高，根据，因为： ，可得： ，故C正确；从D移到F点，电势先升高后降低，电子带负电，电势能先减小后增加，静电力先做负功后做正功，故D错误。所以BC正确，AD错误。8、ACD【解析】A质点P此时刻沿-y轴方向运动，振动比左侧邻近的波峰振动早，所以该波沿x轴负方向传播，故A正

18、确；B简谐横波传播过程中各个质点的振幅相同，故B错误；C波沿x轴负方向传播，0.1s内向左传播的距离为x=vt=50.1m=0.5m由波形平移法知图中x=3m处的状态传到P点，所以P点的横坐标为x=2.5m，故C正确；D根据 、得 ，题图中Q点的振动方程y=Acost=5cost（cm）故D正确；Ex=3.5m处的质点与P点相差小于半个波长，所以振动的位移不是始终相反，故E错误。故选ACD。9、ABE【解析】试题分析：由振动图象读出t=0时刻P点的振动方向，判断波的传播方向由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速分析波动过程，根据时间与周期的关系，判断Q点的运动方向由乙图读出，t=0

19、时刻质点的速度向下，则由波形的平移法可知，这列波沿x轴正方向传播，A正确；由图知：=4m，T=0.2s，则波速，B正确；简谐横波中质点在平衡位置附近振动，并不随着波迁移，C错误；图示时刻Q点沿y轴正方向运动，质点Q的运动方向沿y轴负方向，D错误；t=0.35s=1.75T，经过0.35 s时，质点P到达波峰，而质点Q位于平衡位置与波谷之间，故质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，E正确10、BC【解析】A物块A由P点出发第一次到达C点过程中，绳子拉力对A做正功，其余的力不做功，所以物体A的动能不断增大，速度不断增大，故A错误B物体到C点时物块B的速度为零设物块A经过C点时的速度大小

20、为v根据系统的机械能守恒得：，得，故B正确C由几何知识可得，由于A、B组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A在杆上长为2h的范围内做往复运动故C正确D物体到C点时物块B的速度为零根据功能关系可知，在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功等于B重力势能的减少量，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、大于 ADE 【解析】(1)1为防止碰撞后入射球反弹，实验中入射小球的质量m1应大于被碰小球的质量m2。2设碰撞前入射小球的速度为v1，碰撞后入射小球的速度为v2，被碰小球的速度为v3，如果碰撞过程系统动量守恒，

21、以水平向右为正方向，由动量守恒定律得小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得即实验需要测量两球的质量、两球落点的水平位移，ADE均正确。3由以上可知，实验需要验证的表达式为(2)4小球做平抛运动，在竖直方向上平抛运动时间设轨道末端到木条的水平位置为x，小球做平抛运动的初速度如果碰撞过程动量守恒，则将v1、v1、v2代入，可得若为弹性碰撞，则满足动能守恒，即代入速度表达式，化简可得12、 ( 1 ) C E( 2 ) 应用外接法【解析】（1）灯泡额定电压为2.5V，电压表应选C，为方便实验操作，滑动变阻器总阻值较小的E（2）描绘灯泡伏安特性曲线

22、，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻约为几欧姆，电流表内阻约为0.13，电压表内阻约为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，而实物图中电流表采用了内接法，则根据原理可知，本实验应采用电流表外接法；【点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，要正确实验器材的选择原则，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计电路的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s2，0.5m/s2（2）1s，2m/s（3）2.1m【解析】(1)利用牛顿第二定律

23、求的各自的加速度；(2)根据匀变速直线运动的速度时间公式以及两物体的速度相等列式子求出速度相等时的时间，在将时间代入速度时间的公式求出共同的速度；(3) 根据先求出小物块在达到与小车速度相同时的位移，再求出小物块与小车一体运动时的位移即可【详解】(1) 根据牛顿第二定律可得小物块的加速度：am=mgm=g=2m/s2小车的加速度：aM=F-mgM=0.5m/s2(2)令两则的速度相等所用时间为t，则有：amt=v0+aMt解得达到共同速度的时间：t=1s共同速度为：v=amt=21=2m/s(3) 在开始1s内小物块的位移s1=12amt2=1m此时其速度：v=amt=21=2m/s在接下来的0.5s小物块与小车相对静止，一起做加速运动且加速度：a=FM+m=0.8m/s2这0.5s内的位移：s2=vt1+12at12=1.1m则小物块通过的总位移:s=s1+s2=1