2022-2023学年浙江省温州市第五十一中物理高三上期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连当用大小为F的恒力沿水平方向拉着 a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1;当用恒力F竖直向上拉着 a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2 ；当用恒力F倾斜向上向上拉着 a，使a、b一起沿粗糙斜面向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x3，如图所示则（ ）Ax1= x2= x3Bx1 x3= x2C若m1m2，则 x1x3= x2D若m1”、=”).实验表 明，橡皮筋被反复拉伸后，

3、其劲度系数 _ (选填“变大”、“变小”、“不变”)人保持中原拉绳方向不变，将结点A从O点正下方缓慢移动，直至橡皮筋与水平方向也成的过程中，橡皮筋所受弹力（_）A一直减小 B一直增大 C先减小后增大 D先增大后减小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示,倾角为的传递带以恒定速度逆时针运行,现将一质量m=2kg的小物体轻轻放上传送带的A端,物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙,2s末物体到达B端,取沿传送带向下为正方向,g=10m/s2,sin37=0.6，求：（1）小物体在传送带A，B间的平均速

4、度v； （2）物体与传送带间的动摩擦因数；（3）2s内物体机械能的变化量E及因与传送带摩擦产生的内能Q.14（16分）如图所示，一根被锁定的压缩轻弹簧下端固定在水平地面上，上端固定着一质量为m的薄木板A，弹簧的压缩量为h图中P点距地面高度正好等于弹簧原长，在P点上方有一距它高度为2h、质量为2m的物块B现解除弹簧的锁定，木板A上升到P点时恰好与自由下落的物块B发生正碰(碰撞时间极短)，并一起无粘连地向下运动B与A第一次分开后能达到的最高位置在P点上方的处已知重力加速度为g，整个过程中弹簧始终处于弹性限度内并保持竖直求：(1)A、B第一次分开瞬间B的速度大小(2)A、B第一次碰撞后一起向下运动到

5、A的初始位置时速度的大小15（12分）如图所示，长L=6m的水平传输装置，在载物台左端物块以初速度v0=3m/s滑入传送带传送带正以恒定的速率v=6m/s沿顺时针方向匀速转动，物块与传送带之间的动摩擦因数=0.5，物块的质量m=1Kg，g=10m/s2，求：（1）物块从滑上传送带到离开传送带所经历的时间t，（2）物块从滑上传送带到离开传送带过程中因摩擦产生的热量，（3）物块从滑上传送带到离开传送带过程中因运送木块电动机多做的功。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】通过整体法求出加速度，再利用隔离法求出弹簧

6、的弹力，从而求出弹簧的伸长量对右图，运用整体法，由牛顿第二定律得整体的加速度为： ；对b物体有：T1=m2a1；得；对中间图： 运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度为：；对b物体有：T2-m2g=m2a2得：；对左图，整体的加速度： ，对物体b： ，解得；则T1=T2=T3，根据胡克定律可知，x1= x2= x3，故A正确，BCD错误故选A【点睛】本题考查了牛顿第二定律和胡克定律的基本运用，掌握整体法和隔离法的灵活运用解答此题注意应用整体与隔离法，一般在用隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如果不能得出答案再分析其他物体2、B【解析】由单摆的周期公式可知，单摆摆长不变，则周期不变；摆球

7、经过平衡位置的速度减为原来的2/3，由于振动过程中机械能守恒，故：mgh=mv2，据此式可知，速度变小，高度减小，所以偏离平衡位置的最大距离变小，即振幅减小；故选B【点睛】单摆的摆长和重力加速度的大小决定单摆的周期的大小，单摆的能量决定单摆的振幅的大小3、D【解析】A飞船要在B点从椭圆轨道进入圆轨道，做近心运动，要求万有引力大于飞船所需向心力，所以应给飞船点火减速，减小所需的向心力，故在B点火减速后飞船动能减小，故A错误；BD设飞船在近月轨道绕月球运行一周所需的时间为T3，则有，联立解得，根据几何关系可知，轨道的半长轴a=2.5R，根据开普勒第三定律有由此可解得轨道上运动的周期，故B错误，D正

8、确。C根据牛顿第二定律有解得，可知在同一点距离相等，故加速度相同，故C错误。故选D。4、C【解析】A. 加速度的变化率为，a的单位是m/s2，所以，“加速度的变化率”的单位应该是m/s3，故A错误。B.加速度变化率为零，则加速度不变，如果加速度不为零，则物体做变速运动，故B错误。CD.因为 ，所以加速度变化率与合外力变化率成正比，故C正确D错误。5、C【解析】根据等势面与电场线垂直，可知粒子受静电力方向与速度方向不在同一直线上，所以粒子做曲线运动，A、B选错误带负电的粒子先靠近带正电的固定电荷，后又远离正电荷，电场力先做正功，后做负功，粒子的电势能先变小后变大，C正确6、A【解析】物体在光滑水

9、平面上做匀速圆周运动，由绳子的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律分别求出两种拉力情况下物体的速度，再根据动能定理求出外力对物体所做的功。【详解】设当绳的拉力为F时，小球做匀速圆周运动的线速度为，则有：，当绳的拉力增大到6F时，小球做匀速圆周运动的线速度设为，则有：，在绳的拉力由F增大到6F的过程中，根据动能定理得：。所以绳的拉力所做功的大小为，故A正确，BCD错误。【点睛】本题是向心力与动能定理的综合应用，它们之间的纽带是速度，要明确动能定理是求功的基本方法之一二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的

10、得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】设电场方向与ab边夹角为，离开电场时动能最大的粒子的射出点和c点的连线一定和电场方向平行，如图所示，在粒子从a运动到b点过程中由动能定理有：对离开电场时动能最大的粒子在电场中由动能定理有：由以上两式解得或时（即电场方向由a指向b），得时，故选ABC。8、BD【解析】当升降机加速上升时，物体有竖直向上的加速度，则物块与斜面间的正压力增大，根据滑动摩擦力公式可知接触面间的正压力增大，物体与斜面间的摩擦力增大，故A错误，B正确；设斜面的倾角为，物体的质量为m，当匀速运动时有，即，假设物体以加速度a向上运动时，有，因为，所以，故物体仍做匀速下滑运动，C错误，D

11、正确9、AD【解析】AB以两个小球整体为研究对象进行受力分析如图所示：由图可知，墙壁给球的压力F2逐渐减小，木板给球的支持力F1逐渐减小，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力减小，木板受到的压力减小。故B不符合题意，A符合题意。CD以Q为研究对象，根据力的合成与分解可得Q球对P球的压力为F3=mQgcos，对木板的压力F4=mgsin，增大，则Q球对P球的压力减小，对木板的压力增大。故C不符合题意，D符合题意。10、AC【解析】A螺丝帽受到竖直向下的重力、水平方向的弹力和竖直向上的最大静摩擦力，螺丝帽在竖直方向上没有加速度，根据牛顿第二定律得知，螺丝帽的重力与最大静摩擦力平衡，故A正确。B螺丝帽

12、做匀速圆周运动，由弹力提供向心力，所以弹力方向水平向里，指向圆心，故B错误。C根据牛顿第二定律得：又因为：联立得到：故C正确。D若杆的转动加快，角速度增大，螺丝帽受到的弹力N增大，最大静摩擦力增大，螺丝帽不可能相对杆发生运动，故D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CBFEDA 直线斜率 纵轴截距绝对值 【解析】(1)1为了保证实验的安全，在操作中要求滑动变阻器要放在使电流最小的位置，该电路图中，变阻器的滑片开始时放在最左边是正确的；为了电路的安全，电阻箱的电阻值调到最大时，电流的电流最小，所以R2需要调到最大；等效替代

13、法测电阻的核心是“效果相同”，本题中体现为使A1的示数相同，所以需要先接通开关S2，同时断开开关S3，调节出一个电流值，然后接通开关S3，同时断开开关S2，调节电阻箱R2的电阻值，使电流表A1的示数与上一次相同，记录电阻箱的电阻即为所求。所以步骤为CBFEDA。(2)2改装原理如下图所示：电阻R2需要分担电流：电阻R2电压：3测电动势和内阻时，由闭合电路欧姆定律有，整理得4图线为一直线，如图5直线的斜率即为E6图线在纵轴上截距的绝对值即为电源内阻r。12、右侧测力计测量时未沿拉绳方向，左侧弹簧秤的拉力太大，用一把弹簧秤再次实验时会超量程 FP=FQ 变小 C 【解析】(1)1在“探究求合力的方

14、法”实验中，用两只弹簧测力计拉橡皮筋的情形，由图可知，右侧测力计测量时未沿拉绳的方向；左侧弹簧秤的拉力太大，用一把弹簧秤再次实验时会超量程；(2)2过点作一条直线与轨迹交于、两点，实验中橡皮筋分别被拉伸到和时所受拉力、的方向相同，由于缓慢地移动，根据平衡条件得、的大小关系为；3再根据胡克定律可知，它们的弹力相同，而形变量到变长，那么橡皮筋被反复拉伸后，其劲度系数会变小；4保持中原拉绳方向不变，将结点从点正下方缓慢移动，直至橡皮筋与水平方向也成的过程中，橡皮筋所受弹力如下图，即可知，橡皮筋所受弹力先减小后增大；A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析相符，故C正确；D.与分

15、析不符，故D错误。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)v=8m/s (2)0.5 (3)144J 48J【解析】(1) 由v-t图象的面积表示位移可知，传送带A、B间的距离L为v-t图线与t轴所围的面积，可得代入数值得L=16m小物体在传送带A，B间的平均速度；(2) 由vt图象可知传送带运行速度为物体从A到B先做加速度为的匀加速运动，经过时间后，再做加速度为的匀加速运动，然后经过时间，物体以大小为的速度到达传送带B端由物体在传送带上的受力情况知或解得(3) 小物体到达传送带B端时的速度大小物体的动能增加了

16、物体的重力势能减少了所以物体的机械能的减少量由功能关系可知代入数值得14、 (1)；(2)【解析】（1）B与A刚要分离时，弹簧正好处于原长，设此时B的速度为vB，则由机械能守恒解得（2）设AB刚好碰撞前B的速度大小为v，根据机械能守恒解得根据机械能守恒，AB碰撞后瞬间的速度大小vAB与AB刚好分开时速度大小相等，即：vAB=vB设AB刚好碰撞前A的速度大小为vA，根据动量守恒：2mv-mvA=3mvAB解得设弹簧锁定时的弹性势能为EP，从弹簧解除锁定到恢复到原长的过程，根据机械能守恒定律解得设AB第一次碰撞后一起向下运动到A的初始位置时的速度大小为v，在这过程中，根据机械能守恒联立解得15、（1）1.15s （2）4.5J（3）18J【解析】(1) 当传送带以恒定的速率v=6m/s沿顺时针方向匀速转动时，物块速度比传送带速度小，故受到摩擦力向右，如图所示则物块的加速度为：mg=ma，所以a=5