2022-2023学年山东省青岛即墨区高三物理第一学期期中检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一轻杆一端固定一小球，绕另一端O点在竖直面内做匀速圆周运动，在小球运动过程中，轻杆对它的作用力A方向始终沿杆指向O点B一直不做功C从最高点到最低点，一直做负功D从最高点到最低点，先做负功再做正功2、2019年4月20日，我

2、国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运较火箭，成功发射第44颗北斗导航卫星，拉开了今年北斗全球高密度组网的序幕。北斗系统主要由离地面高度约为6R（R为地球半径）同步轨道卫星和离地面高度约为3R的中圆轨道卫星组成，设表面重力加速度为g，忽略地球自转。则（ ）A这两种卫星速度都大于B中圆轨道卫星的运行周期小于24小时C中圆轨道卫星的向心加速度约为D根据可知，若卫星从中圆轨道变轨到同步轨道，需向前方喷气减速3、惊险的娱乐项目一一娱乐风洞：是在竖直的圆筒内，从底部竖直向上的风可把游客“吹”起来，让人体验太空飘浮的感觉若风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小

3、，以获得不同的运动效果假设人体受风力大小与有效面积成正比，己知水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的18 ，与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移在某次表演中，质量为m的表演者保持站立身姿从距底部高为H的M点由静止开始下落；经过N点时，立即调整身姿为水平横躺并保持；到达底部的P点时速度恰好减为零则在从M到P的过程中，下列说法正确的是（）A人向上的最大加速度是12gB人向下的最大加速度是12gCNP之间的距离是37HD若在P点保持水平横躺，经过N点时，立即调整身姿为站立身姿恰好能回到M点并持静止4、如图所示，叠放在固定粗糙斜面

4、上的物块A和B接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中A和B的受力个数为（ ）A2个，4个B2个，5个C3个，4个D3个，5个5、太空飞船在宇宙空间中飞行时，会遇到太空尘埃的碰撞而受到阻碍作用设单位体积的太空均匀分布着尘埃n颗，每颗尘埃平均质量为m，尘埃速度可忽略、飞船的横截面积为S，与尘埃碰撞后将尘埃完全黏附住当飞船维持恒定的速率v飞行时，飞船引擎需要提供的平均推力为Anmv2SBnmv2SCnmv2SDnmv2S6、如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是（ ）A电源内电路消耗功率一定逐渐增大B灯泡B一定逐

5、渐变暗C电源效率一定逐渐减小DR上消耗功率一定逐渐变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是_。A不可能从单-热源吸收热量并把它全部用来做功B系统的宏观状态所对应的微观态的多少表现为宏观态的无序程度C通过增大压强可以使所有气体液化D自发的热传导是不可逆的E.某理想气体经历从A到B的过程,如图所示，则当压强变为105Pa时温度达到最高8、在花岗岩、大理石等装饰材料中，都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性元素的说法中正确的是（）A射线是发生衰变时产生的

6、，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4个B氡的半衰期为3.8天，16个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下2个氡原子核C92238U衰变成82206Pb要经过6次衰变和8次衰变D放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的9、如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定圆环上的A、B两点，O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1，绳OB与OA夹角=120，拉力大小为F2，将两绳同时缓慢顺时针转过60，并保持两绳之间的夹角始终不变，且物体始终保持静止状态。则在旋转过程中，下列说法正确的是（）AF1逐渐增大BF1先增大后减小CF2逐渐减小DF2先增大后减小1

7、0、如图所示，等腰直角三角形OCD由不同材料A、B拼接而成，P为两材料在CD边上的交点，且DPCP现OD边水平放置，让小物块无初速从C滑到D；然后将OC边水平放置，再让小物块无初速从D滑到C，小物块两次滑动到达P点的时间相同下列说法正确的是）（ ）A第二次滑到P点速率大B两次滑动中物块到达P点时的速度大小相等C两次滑动中物块到达底端时的速度大小相等D第一次滑到P点速率大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示装置探究碰撞中的不变量，气垫导轨水平放置，挡光板宽度为9.0 mm，两滑块被弹簧(图中未画出)弹开后，左侧滑块通过左侧

8、光电计时器，记录时间为0.040 s，右侧滑块通过右侧光电计时器，记录时间为0.060 s，左侧滑块质量为100 g，左侧滑块的m1v1_gm/s，右侧滑块质量为150 g，两滑块质量与速度的乘积的矢量和m1v1m2v2_gm/s.12（12分）某实验小组利用图示装置进行“探究动能定理”的实验，部分实验步骤如下：A挂上钩码，调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；B打开速度传感器，取下轻绳和钩码，保持A中调节好的长木板倾角不变，让小车从长木板顶端静止下滑，分别记录小车通过速度传感器1和速度传感器2时的速度大小v1和v2；据此回答下列问题：（1）若要验证动能定理的表达式，下

9、列各物理量中需测量的有_；A悬挂钩码的总质量m B长木板的倾角 C两传感器间的距离LD小车的质量M E.小车与木板的摩擦力（2）根据实验所测的物理量，验证动能定理的表达式为：_。（用题中所给的符号表示，重力加速度用g表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在xOy平面的第一象限有一匀强电磁，电场的方向平行于y轴向下，在x轴和第四象限的射线OC之间有一匀强电场，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，有一质量为m，带有电荷量+q的质点由电场左侧平行于x轴射入电场，质点到达x轴上A点，速度方向与x轴的夹角为，A点

10、与原点O的距离为d，接着，质点进入磁场，并垂直与OC飞离磁场，不计重力影响，若OC与x轴的夹角为.求：粒子在磁场中运动速度的大小；匀强电场的场强大小.14（16分）如图所示,两个导热的圆筒底部有一条细短管连通,圆筒内装有约20cm深的水银,K为阀门,处于关闭状态.左侧大圆筒的横截面积S1=800cm2, 水银面到圆筒顶部的高度H=115cm,水银上方是空气,空气的压强P1=100cmHg,室温t1=27C左侧圆筒中竖直放置一根托里拆利管,管的横截面积远小于两圆筒的横截面积,托里拆利管中水银上方有氮气,氮气柱的长度L1=20cm,水银柱的高度L2=70cm.右侧小圆筒的横截面积S2=100cm2

11、,一个活塞紧贴水银放置.已知大气压强P0=75cmHg.求: （I）若环境温度缓慢升高 60C，左侧圆筒内空气的压强变为多大?（II）在环境温度升高 60C后，用力控制右侧圆筒中活塞，打开阀门K，使活塞缓慢升高h1=40cm后固定，则托里拆利管中氮气柱的长度最终变为多大(结果可以带根号)15（12分）如图所示，带有等量异种电荷的平行金属板M、N竖直放置，M、N两板间的距离d0.5 m现将一质量m1102 kg、电荷量q4105 C的带电小球从两极板上方的A点以v04 m/s的初速度水平抛出，A点距离两板上端的高度h0.2 m；之后小球恰好从靠近M板上端处进入两板间，沿直线运动碰到N板上的C点，

12、该直线与曲线的末端相切设匀强电场只存在于M、N之间，不计空气阻力，取g10 m/s2.求（1）小球到达M极板上边缘B位置时速度的大小；（2）M、N两板间的电场强度的大小和方向；（3）小球到达C点时的动能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A小球做匀速圆周运动，合力提供向心力，方向始终沿杆指向O点，小球受重力和杆的作用力，所以杆的作用力不一定沿杆指向O点，故A错误；BCD小球做匀速圆周运动，合力做功为零，从最高点到最低点，重力做正功，所以杆一直做负功，故B错误，C正确，D错误故选：C2、B【解析】A.表示地

13、球的质量，表示卫星的质量，根据万有引力提供向心力则有：可得：又地球表面的物体：可得：可见这两种卫星速度都小于，故A错误；B.根据万有引力提供向心力则有：可得：可知轨道半径越大则周期越大，所以中圆轨道卫星的运行周期小于同步卫星的周期24小时，故B正确；C. 地球表面的物体：中圆轨道卫星：则其向心加速度约为，故C错误；D.卫星的轨道越高，则其机械能增大，所以若卫星从中圆轨道变轨到同步轨道，需向后方喷气加速，故D错误。3、C【解析】AB、设人所受的最大风力为Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为18Fm由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力 G

14、=12Fm，得 Fm=2G=2mg则表演者保持站立身姿时，向下的最大加速度为a1=mg-18Fmm=mg-182mgm=34g 人平躺时，向上的最大加速度为a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g 故AB两项错误。C、设下降的最大速度为v，由速度位移公式，得：加速下降过程位移x1=v22a1，减速下降过程位移x2=v22a2则x1:x2=4:3 又 x1+x2=H 解得：x2=37H，即NP之间的距离是37H故C项正确。D：若在P点保持水平横躺，经过N点时，立即调整身姿为站立身姿，设人到达M的速度为v对上升的整个过程，由动能定理得Fm37H+18Fm47H-mgH=12mv2-0可得 v=0，则

15、人恰好能回到M点。但在M点受的合力向下，不能保持静止。故D项错误。4、A【解析】叠放在固定粗糙斜面上的物块A和B接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，A受到重力和B对它的支持力，故A受2个力；B受到重力、A对它的压力、斜面对它的支持力和斜面对它的摩擦力，故B受4个力故选A5、B【解析】以飞船为参照物，选择一和飞船横截面积相等的圆柱内的尘埃进行研究，则该圆柱内的尘埃相对飞船以速度v做匀速直线运动，在t时间内，由长度为x=vt，横截面积S，体积为V=vtS的尘埃柱碰到飞船上，尘埃柱内尘埃颗粒数目为N=nvtS尘埃总质量为M=Nm=mnvtS根据动量定理Ft=Mv联立解得故选B6

16、、D【解析】试题分析：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，路端电压U=E-Ir，I增大，U减小；由P内=I2r可知电源内电路消耗功率一定逐渐增大，选项A正确；因R1两端电压增大，则B两端的电压减小，灯泡B一定逐渐变暗，选项B正确；电源的效率：=IUIE=UE=RR+r=11+rR，故随外电阻的减小，电源效率一定逐渐减小，选项C正确；把滑动变阻器等效为外电路，其余部分为内电路，因为当外电路电阻等于内阻时，外电阻消耗的功率最大，故电阻R上的功率无法判断，选项D错误；故选D考点：电路的动态分析二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分

17、，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BDE【解析】A根据热力学第二定律，不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其它变化，故A错误；B熵是物体内分子运动无序程度的量度，所以宏观态对应的微观态越多，宏观态就越无序，故B正确；C增大压强不能使所有气体液化，只有在临界温度以下才可以通过增大压强使气体液化，故C错误；D一切与热现象有关宏观过程都是不可逆的，故D正确；E由图像可知，压强与体积的关系为由公式知，当时，T取极大值，此时故E正确。故选BDE。8、CD【解析】A、发生衰变时，生成核与原来的原子核相

18、比，核内质量数减少4，但中子数减少2个故A错误B、半衰期的对大量原子核的衰变的统计规律，对于单个是不成立的，故B错误C、根据质量数和电荷数守恒可知：发生衰变放出24He，导致质子数减小2个，质量数减小4，故中子数减小2；发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，电荷数多1，质量数不变，所以发生衰变的次数是：238-2064=8次，发生衰变的次数是：28-（92-82）=6次故C正确D、根据衰变的特点可知，放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的故D正确故选CD.【点睛】该题考查对衰变和半衰期的理解，解决本题的关键知道三种衰变的实质，知道衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒9

19、、AC【解析】设两绳转动过程中，绳OA与水平方向的夹角为，以O点为研究对象，受力分析如图所示因为两绳是缓慢移动的，所以O点始终处于平衡状态，由平衡条件得由以上两式解得当60时，增大，F1增大，F2减小，故AC正确，BD错误。故选AC。10、AC【解析】A、由题意可知，小物块两次滑动经过P点的时间相同，由于DPCP，因此从D到P的平均速度大于从C到P的平均速度，设从C到P点时速度为v1，从D到P时速度为v2，则根据匀变速直线运动特点有：v22v12，即从D到P点速度大于从C到P点的速度，故A正确，D错误；B、从C到D和从D到C过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到

20、达底端速度相等，故B错误，C正确。点睛：熟练应用动能定理是解答这类问题的关键，应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、22.5 0 【解析】左侧滑块的速度为： 则左侧滑块的m1v1100 g0.225 m/s22.5 gm/s右侧滑块的速度为： 则右侧滑块的m2v2150 g(0.15 m/s)22.5 gm/s因m1v1与m2v2等大、反向，两滑块质量与速度的乘积的矢量和m1v1m2v2012、 ACD 【解析】（1）根据题意可以知道，小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态,撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以需要测量钩码的质量，故A正确要找到合外力做功，还要知道运动的位移，所以需要测量两传感器间的距离L，故C正确，本实验要验证的是小车的动能增加量，所以要知道动能就需要测量小车的质量，故D也正确，若知道以上几个物理量，则验证动能定理的条件足够，故ACD正确；（2）根据动能定理可以知道,合外力对小车做的功等于小车动能的变化量,则有: ,综上所述本题答案是：(1). ACD (2). 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出