重庆市开县陈家中学2022-2023学年高三物理第一学期期中监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、如图所示，细绳一端固定在 A 点，跨过与 A 等高的光滑定滑轮 B 后在另一端悬挂一个沙桶 Q现有另一个沙桶 P 通过光滑挂钩挂在 AB 之间，稳定后挂钩下降至 C 点，ACB=120，下列说 法正确的是（ ）A若只增加 Q 桶的沙子，再次平衡后 C 点位置降低B若只增加 P 桶的沙子，再次平衡后 C 点位置不变C若在两桶内增加相同质量的沙子，再次平衡后沙桶 Q 位置上升D若在两桶内增加相同质量的沙子，再次平衡后 C 点位置不变2、如图所示，某转笔高手能让笔绕 O 点匀速转动，A 是笔尖上的点，B 是 A 和 O 的中点A、B 两点线速度大小分别是 vA、vB，角速度大小分

3、别是A、B，向心加速度大小分 别是 aA、aB，周期大小分别是 TA、TB，则( )AvA2vB BA2BCaAaB DTA2TB3、如图所示，ABCD是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧，BC是水平的，其距离d0.60 m盆边缘的高度为h0.30 m在A处放一个质量为m的小物块并让其从静止开始下滑已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC面与小物块间的动摩擦因数为0.10.小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B的距离为()A0.60 m B0.30 m C0.10 m D04、如图所示，小球A、B通过一条细绳跨过定滑轮连接，它们都套在一根竖直杆上当两球平衡时，连

4、接A、B两球的细绳与水平方向的夹角分别为和2.假设装置中的各处摩擦均不计，则A、B球的质量之比为A1：2cosB2cos：1Ctan：1D1：2sin5、如图所示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆,a、b、c、d位于同一圆周上，a点为圆周的最高点，d点为圆周的最低点.每根杆上都套着一个质量相同的小滑环（图中未画出），三个滑环分别从a、b、c处释放（初速为零），关于它们下滑的过程，下列说法中正确的是（ ）A重力对它们的冲量相同B弹力对它们的冲量相同C合外力对它们的冲量相同D它们的动能增量相同6、将电荷量为q的检验电荷置于静电场中某点场强为E处，该电荷所受的电场力为F.大小为()A0B

5、qECD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示足够长固定的平行直角金属轨道左侧倾角的1=37右侧倾角=53，轨道宽均为L0.5m整个装置位于B1T匀强磁场中，磁场方向垂直于右侧轨道平面向上，金属棒ab、cd分别放在左右两侧轨道上且始终垂直于导轨，t=0时刻由静止释放两棒，同时在cd棒上施加一平行于右侧轨道的外力F，使cd开始沿右侧轨道向上做加速度a=4m/s2的匀加速运动cd棒始终没有离开右侧轨道且与轨道保持良好接触，已知ab、cd棒的质量m1=0.25kg、m

6、2=0.1kg，两金属棒电阻分别为R1=1.5，R2=0.5其余电阻不计，两棒与轨道间的动摩擦因数均为0.8，最大静摩擦力等于滑动摩擦力的大小，在ab棒离开左侧轨道前，下列说法中正确的是（重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6)Aab棒先保持静止状态，后沿导轨下滑Bab棒始终保持静止状态，且对左侧轨道的压力越来越大Ct2s时，ab棒所受的摩擦力大小为0.8ND0t4s时间段内，cd棒所受外力F随时间变化的关系为F=2t1.68（N）8、如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p-T图中从a到b的直线所示，在此过程中（ ）A气体的体积减小B气体对外界做功C气体的内能不变

7、D气体先从外界吸收热量，后向外界放出热量E.外界对气体做功，同时气体向外界放出热量9、如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a未与滑轮相碰）过程中下列说法正确的是（ ）A物块a重力势能增加mghB物块b的机械能减少mghC摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D摩擦力对a做的功等于物块a、b系统机械能增加两量10、如图所示，水平细杆上套一细环A，环A和球B间用一轻质绳相连，质量分别为mA、mB （mAmB），由于B球受到水

8、平风力作用，A环与B球一起向右匀速运动，已知细绳与竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是A风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变B风力增大时，杆对A环的支持力保持不变CB球受到的风力F为mAgtan DA环与水平细杆间的滑动摩擦因数为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系图中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码本实验中可用的钩码共有个，每个质量均为实验步骤如下：（1）为了平衡小车与木板间的

9、摩擦力，将个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车（和钩码）可以在木板上_（填“匀速”、“加速”、“减速”）下滑（2）从小车上取个钩码挂在轻绳右端，其余个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行由静止释放小车，同时用传感器记录小车在时间内相对于其起始位置的位移，则小车的加速度 _（用和表达）（3）依次改变的值，分别测出小车相应的加速度，得到图像如图（b）所示，已知该直线的斜率为，重力加速度为，则小车（不含钩码）的质量为_（用、表达）（4）若以“保持木板水平”来代替步骤（1），下列说法正确的是_(填正确答案标号)A图线不再是直线B图线仍是直线，该直线不过原点C图线

10、仍是直线，该直线的斜率变大12（12分）利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示。水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨，导轨上A处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连，遮光片两条长边与导轨垂直，导轨上B处有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t.用d表示A处到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B处时的瞬时速度。实验时使滑块在A处由静止开始运动。（1）某次实验测得倾角=，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时，m和M组成的系统动能增加量可表示为Ek=_，系统的重力势能减少量可表示为

11、Ep=_,在误差允许的范围内，若Ek=Ep则可认为系统的机械能守恒；（2）某同学改变A、B间的距离，求出滑块通过B点的瞬时速度v后，作出的v2-d图像如图乙所示，并测得m=M，则重力加速度g=_m/s2.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半径为R的光滑的圆弧轨道Ap放在竖直平面内，与足够长的粗糙水平轨道BD通过光滑水平轨道AB相连。在光滑水平轨道上，有a、b两物块和一段轻质弹簧。将弹簧压缩后用细线将它们拴在一起，物块与弹簧不拴接。将细线烧断后，物块a通过圆弧轨道的最高点c时，对轨道的压力大小等于

12、自身重力。已知物块a的质量为m，b的质量为2m，物块b与BD面间的动摩擦因数为，物块到达A点或B点前已和弹簧分离，重力加速度为g。求： （1）物块b沿轨道BD运动的距离x；（2）烧断细线前弹簧的弹性势能Ep。14（16分）如图所示，用细绳连接的两个小物体、，跨过一光滑定滑轮放在倾角为的足够长的固定粗糙斜面上，两物体由静止开始释放，物体竖直下落且落地后不反弹。已知、物体的质量分别为、，物体与斜面间的摩擦因数，物体释放点距水平面的高度，取，求：（1）物体下落的时间；（2）物体沿斜面向上运动的最大距离。15（12分）两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上

13、的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则：(1)OB绳对小球的拉力为多大？(2)OA绳对小球的拉力为多大？(3)作用力F为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 平衡时绳子的拉力等于Q的重力，若只增加Q桶的沙子，绳子拉力增大。绳子再次平衡后，AC段和BC段绳子拉力的合力等于P的重力，合力大小不变，夹角增大，所以C点位置升高，故A错误；B. 若

14、只增加P桶的沙子，AC段和BC段绳子拉力大小不变，合力增大，则夹角减小。再次平衡后C点位置降低，故B错误；CD. 由于稳定时ACB=120，根据平衡条件可得绳子的拉力大小等于P的重力、又等于Q的重力，所以在两桶内增加相同质量的沙子，再次平衡后C点位置不变，故C错误，D正确；2、A【解析】A. 笔杆上的各个点都做同轴转动，所以角速度是相等的；A是笔尖上的点，B是A和O的中点，所以rB=rA/2，根据v=r，所以vA=2vB，故A正确，B错误；C. 由向心加速度公式an=2R，笔杆上的点离O点越远的，做圆周运动的向心加速度越大。故C错误；D. 笔杆上的各个点都做同轴转动，所以周期是相等的，故D错误

15、。故选：A3、A【解析】设小物块间在BC面上运动的总路程为S，物块在BC面上所受的滑动摩擦力大小始终为f=mg，对小物块从开始运动到停止运动的整个过程进行研究，由动能定理得mgh-mgS=0，得到S=h=0.30.1=3m，d=0.60m，则S=5d，所以小物块在BC面上来回运动共5次，最后停在C点，则停的地点到B的距离为0.60m，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】根据动能定理，对小物块开始运动到停止的全过程进行研究，求出小物块在BC面上运动的总路程，再由几何关系分析最后停止的地点到B的距离。4、A【解析】设绳子的拉力为T，则对小球A：Tsin=mAg；对B：Tsin2=mBg；联立

16、解得mA：mB=1：2cos，故选A.5、A【解析】设任一细杆与竖直方向的夹角为，环运动的时间为，圆周的直径为D,则环的加速度大小，由位移公式得：，得到，所以三个环运动时间相同；A、由于三个环的重力相等，运动时间相同，由公式分析可知，各环重力的冲量相等，故A正确；B、c环受到的弹力最大，运动时间相等，则弹力对环c的冲量最大，故B错误；C、a环的加速度最大，受到的合力最大，则合力对a环的冲量最大，故C错误；D、重力对a环做功最大，其动能的增量最大，故D错误。故选A。6、B【解析】将电荷量为的检验电荷置于静电场中某点场强为处，所受的电场力为：故B正确，A、C、D错误；故选B。二、多项选择题：本题共

17、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB、以ab棒为研究对象，开始时重力沿斜面向下的分力为m1gsin37=0.6m1g，最大静摩擦力为fm=m1gcos37=0.64m1g0.6m1g，ab棒始终保持静止状态，随着cd棒速度的增大，安培力越来越大，对ab棒根据左手定则可知安培力方向垂直于斜面向上，所以zb棒对左侧轨道的压力越来越小，最大静摩擦力逐渐减小，当最大静摩擦力小于0.6m1g时，ab棒开始下滑，故A正确、B错误；C、t=2s时，cd棒的速度为v=at=8m/s，根据法

18、拉第电磁感应定律可得E=BLv=4V，感应电流大小I=E/(R1+R2)=4/2A=2A，ab棒受到的安培力大小为FA=BIL=1N，此时ab棒所受的最大静摩擦力大小为fm=(m1gcos37FA)=0.8N0，故B错误；C由图示图线可知，从a到b过程气体温度不变，气体内能不变，故C正确；DE由热力学第一定律可知气体向外界放出热量，故D错误，E正确。故选ACE。9、AD【解析】试题分析：通过开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系根据b下降的高度得出a上升的高度，从而求出a重力势能的增加量，根据能量守恒定律判断摩擦力功与a、b动能以及机械能的关系

19、解：A、开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有magsin=mbg，则masin=mbb下降h，则a上升hsin，则a重力势能的增加量为maghsin=mgh故A正确B、物块b的机械能减少等于减少的势能减去增加的动能，E=mgh，故B错误；C、D、根据功能关系，系统机械能增加等于除重力以外的力做功，所以摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量所以摩擦力做功大于a的机械能增加故C错误，D正确；故选AD【点评】本题是力与能的综合题，关键对初始位置和末位置正确地受力分析，以及合理选择研究的过程和研究的对象，运用能量守恒进行分析10、BC【解析】AC以B球为研究对象，分析受力如图2所示

20、，由平衡条件得到：轻质绳对球B的拉力，风力，风力F增大时，增大，减小，T增大，故A错误；C正确；B以整体为研究对象，分析受力如图1所示，根据平衡条件得知：杆对环A的支持力，所以杆对环A的支持力保持不变，故B正确；D由图1得到，环A与水平细杆间的动摩擦因数为，故D错误故选BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、匀速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小车的合力为零，做匀速直线运动；（2）初速度为零，经历的时间为t，位移为s，所以根据公式可得（3）对小车和n个钩码组成的整体分析，根据牛顿第二定律得：，解得加速度，a-n图象的斜率：，解得（5）木板保持水平时，由牛顿第二定律得：，解得：；所以图像仍是直线，斜率变为，变大了，而且纵截距不为零，即不过原点，所以BC正确12、(M+m) （m-）gd 9.75 【解析】(1)1由于光电门的宽度b很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度，滑块通过光电门B速度为滑块从A处到达B处时m和M组成