物理（新高考）2022届高考考前冲刺卷（六）教师版

1、（新高考）此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2022届高考考前冲刺卷物理（六）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第卷（选择题）一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，每小

2、题4分；第810题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1查阅资料知，“全飞秒”近视矫正手术用的是一种波长1.053106 m的激光。已知普朗克常数h6.631034 Js，光在真空中传播速度c3108 m/s，则该激光中光子的能量约为（）A1.91018 J B1.91019 J C2.21018 J D2.21019 J【答案】B【解析】由，联立解得，故选B。2很多智能手机都有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况。用手掌托着手机，打开加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向上为

3、正方向。由此可判断出（）A手机可能离开过手掌B手机在t1时刻运动到最高点C手机在t2时刻改变运动方向D手机在t1t3时间内，受到的支持力先减小再增大【答案】A【解析】根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在t1时刻速度为正，还没有到最高点，故B错误；根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在时刻前后速度均为正，运动方向没有发生改变，故C错误；由图可知t1t2时间加速度向上不断减小，根据牛顿第二定律得，则，可知t1t2时刻支持力不断减小，t2t3时间内加速度向下，不断增大，根据牛顿第二定律得，得，可得支持力还是不断减小，故D错误；由图可知，手机的加速度某一段时间内等于重

4、力加速度，则手机与手掌没有力的作用，手机可能离开过手掌，故A正确。3如图所示，在一个足够大、表面平坦的雪坡顶端，有一个小孩坐在滑雪板上。给他一个大小为v0的水平初速度使其运动。设雪坡与滑雪板之间的动摩擦因数tan ，不计空气阻力，则小孩（）A一直做曲线运动B时间足够长速度方向会与初速度垂直C若值合适可以沿初速度方向做匀速直线运动D做与初速度方向保持小于角的加速直线运动【答案】B【解析】因为雪坡与滑雪板之间的动摩擦因数，所以，故阻力小于重力沿斜面向下的分力，小孩不会停在斜面上。在垂直于初速度并沿斜面向下的方向上，小孩做初速度为零的加速直线运动；因为摩擦力方向始终与运动方向相反，故小孩在水平方向做

5、减速直线运动，当水平方向速度减为零时，小孩合速度方向与初速度方向垂直并沿斜面向下，合力方向也与初速度方向垂直并沿斜面向下，此后将沿斜面向下做匀加速直线运动。故选B。4截面为等腰直角三角形的三棱镜如图所示，一束含有单色光a和单色光b的复色光，垂直BC面射入三棱镜，单色光b恰好发生全反射，单色光a射出，下列说法正确的是（）A单色光b在该三棱镜中的折射率n2B单色光a的折射率大于单色光b的折射率C单色光a的波长比单色光b的波长长D单色光a在该三棱镜中的速度小于单色光b【答案】C【解析】单色光b恰好发生全反射，由图根据几何关系可知，临界角为，根据公式可知，单色光b在该三棱镜中的折射率，故A错误；根据题

6、意可知，光的临界角小于光的临界角，根据可知，单色光a的折射率小于单色光b的折射率，故B错误；单色光a的折射率小于单色光b的折射率，则单色光a的波长比单色光b的波长长，故C正确；根据可知，折射率越大，传播速度越小，则单色光a在该三棱镜中的速度大于单色光b，故D错误。5黑光灯是利用变压原理来灭蛾杀虫的一种环保型设备。如图是黑光灯高压电网的工作电路，高压电网是利用变压器将U1220 V的交流电压变成高压，高压电网相邻两极间距离为0.5 cm。已知空气在常温常压下将被超过6220 V/cm的电场击穿，为防止空气被击穿而造成短路，变压器的副线圈匝数与原线圈匝数比最大为（）A101 B110 C22311

7、 D31122【答案】A【解析】由题意可知，高压电网部分的电压不能超过，即副线圈电压的最大值为，有效值为，根据变压器的原、副线圈电压与匝数比的关系可得，故选A。6如图所示，空间有棱长为L的正立方体ABCDABCD，在A点和C点分别固定电荷量为Q的正、负点电荷，静电力常量为k，则以下说法正确的是（）A立方体中心处的电场强度大小为BB、D、C三点构成的平面上各点电势相同CD点和B点的电场强度方向相同且大小均为D电子在A点的电势能高于在C点的电势能【答案】C【解析】设立方体的中心为O，根据几何关系可知，根据点电荷电场公式可知，A点正点电荷Q在O点产生的电场为，方向由，同理可得，C点负点电荷Q在O点产

8、生的电场为，方向由，则立方体中心处的电场强度大小为，故A错误；由图可知，C点到A点的距离与到C点的距离不相等，C点一定不是AC中垂面上的点，则平面一定不是中垂面，平面不是等势面，故B错误；由图可知，D点和B点关于AC的中点O对称，则D点和B点的电场强度方向相同且大小相等，根据可知，则A点正点电荷Q在D点产生的电场为，方向为AD延长线方向，C点负点电荷Q在D点产生的电场为，方向为由，则D点的电场强度的大小为，故C正确；由图可知，A点相比C点更接近与A点，则有，根据公式可知，电子在A点的电势能低于在C点的电势能，故D错误。7一根拉紧的水平弹性绳上的a、b两质点的平衡位置间的距离为0.9 m，b质点

9、在a质点的右侧。一列简谐横波沿此弹性绳向右传播，t0时a质点的位移为0.4 m且位于波峰位置，b质点的位移恰好为零，且向下运动；t1 s时a质点第一次回到平衡位置。则下列说法正确的是（）A这列波的波长为3.6 m B这列波的波速为0.3 m/sCts时，b质点的位移为m Dt0.5s时，a质点的位移为m【答案】D【解析】简谐横波沿此弹性绳向右传播，t0时a质点的位移为0.4m且位于波峰位置，b质点的位移恰好为零，且向下运动，则a、b间的距离，可知这列波的最大波长为1.2m，A错误；t1s时a质点第一次回到平衡位置可知，这列波的周期为4s，由A可知n不确定，故不能确定这列波的传播速度，B错误；，

10、质点b的振动方程为，ts时，b质点的位移，C错误；质点a的振动方程为，t0.5s时，a质点的位移，D正确。8北京时间2021年6月17日15时54分，“神舟十二号”载人飞船采用自主快速交会对接模式成功对接“天和核心舱”前向端口。己知“天和核心舱”做匀速圆周运动的轨道离地球表面约400 km、周期约为93 min，地球的半径为6370 km，引力常量G6.671011 Nm2/kg2，根据这些数据，下列物理量中可以估测的是（）A“天和核心舱”的线速度大小 B地球的自转周期C地球的平均密度 D地球的公转周期【答案】AC【解析】由题意可得出的已知量为，由万有引力充当向心力，解得，由万有引力公式，由密

11、度和质量的关系，由球体体积公式，联立可求得，由上可知，可以估算“天和核心舱”的线速度大小和地球的平均密度，但无法估算球的自转周期和地球的公转周期。故选AC。9如图所示，水平面上固定的平行光滑导轨间分布着一系列磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向交替变化如图，相邻磁场边界间距为l1，磁场边界与导轨垂直。单匝矩形线框abcd质量为m，ab边与导轨垂直且等宽，adl1，abl2。初始时刻线框水平向右运动，速度大小为v，ab边恰好要进入下一磁场。导轨足够长且电阻不计，忽略空气阻力。下列说法正确的是（）A初始时刻线框切割磁场产生的总感应电动势为2Bl1vB线框减速到0过程中，安培力对ab边做功为eq f(

12、1,4)mv2C仅将磁感应强度大小变为2B，线框减速到0过程中，通过线框截面的总电量变为原来的一半D仅将磁感应强度大小变为2B，线框减速到0过程中的总位移变为原来的一半【答案】BC【解析】初始时刻，线框切割磁场产生的总感应电动势为2Bl2v，A错误；线框减速到0过程中，由动能定理可知，安培力对线框做功，安培力对ab边做功，B正确；设线框的总电阻为R，当磁感应强度大小为B时，线框减速到0过程中，由动量定理有，即，故线框的总位移，通过线框截面的总电量，当磁感应强度大小变为2B时，同理可知，线框减速到0过程中，通过线框截面的总电量，故C正确，线框的总位移，故D错误。10如图所示，一倾角30的光滑斜面

13、与半径为R的光滑eq f(1,4)圆弧在最高点对接，斜面固定在水平地面上，圆弧最低点与水平地面相切。质量分别为m和M的物块A与B（可视为质点）通过跨过斜面顶端光滑定滑轮的轻绳（长为1.5R）连接。初始时轻绳伸直，将物块B由圆弧的最高点静止释放，当物块B到达圆弧最低点时，物块A的速度为v0，重力加速度为g，则以下说法正确的是（）A物块B到达圆弧最低点时速度大小也为v0B当物块B到达圆弧最低点时，物块A的速度最大C轻绳对物块A做的功为eq f(1,2)mv02+eq f(r(2),2)mgRD物块B经过圆弧最低点时受到的支持力小于Mg+2Meq f(v02,R)【答案】CD【解析】如图1所示，设物

14、块B滑至圆弧最低点时的速度为，将其分解为沿绳方向的速度和垂直绳方向的速度，其中分速度，由几何关系可得，故A错误；在物块B沿圆弧向下运动时，由于物块B的重力沿轻绳方向的分力越来越小，而物块A、B的质量关系未知，因此物块A有可能先加速后减速，则物块B到达圆弧最低点时，物块A的速度不一定最大，故B错误；轻绳对物块A做的功等于其机械能的增加量，故C正确；对滑至圆弧最低点的物块B进行受力分析如图2所示，由牛顿第二定律可得，解得，故D正确。第卷（非选择题）二、非选择题：本题共5小题，共54分。考试根据要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案

15、中必须明确写出数值和单位。11(6分)某同学利用如图甲所示的装置验证动量定理。所用电源的频率f50 Hz，重物和托盘的质量为m，小车的质量为M，重力加速度g10 m/s2，将打点计时器所在的一端垫高，以平衡小车与木板之间的摩擦力，之后通过合理的实验操作得到了如图乙所示的纸带，图中各点为连续的计时点。(1)打下计时点2时，小车的瞬时速度大小为_（结果保留三位有效数字）；(2)取打下计时点15的过程研究，打下计时点1、5时小车的速度大小分别为v1、v5，则验证动量定理的表达式为_（用题中所给物理量符号表示）；(3)若实验过程中发现m所受重力的冲量大于系统动量的增加量，造成此问题的原因可能是_。【答

16、案】(1)0.575 (2) (3)摩擦力未平衡完【解析】(1)打点计时器频率是50Hz，所以周期是0.02s，打下计时点2时，小车的瞬时速度大小为(2)动量定理的内容是合力的冲量等于动量的变化量，已平衡摩擦力，所以系统的合力等于重物和托盘的重力，则合力的冲量为，系统的动量变化量为，则验证动量定理的表达式为。(3)若实验过程中发现m所受重力的冲量大于系统动量的增加量，说明系统的合力小于重物与托盘的重力，造成此问题的原因可能是摩擦力未平衡完。12(8分)电学实验中可将电源E1与电源E2及灵敏电流计G连成如图甲所示电路，若灵敏电流计G示数为0，说明此时两电源的电动势相等。根据这一原理，某同学设计如

17、图乙所示电路，测量某电源C的电动势Ex。其中A为工作电源（内阻不计），B为电动势恒定的标准电源，其电动势为EN。R1、R2为电阻箱，R3为滑动变阻器，G为灵敏电流计，S1、S3为单刀单掷开关，S2为单刀双掷开关。实验过程如下：实验开始之前，将R1和R2的阻值限定在1000 到3000 之间；将S2置于1处。闭合开关S1、S3，通过调节R1、R2，使R3阻值为0时，灵敏电流计G示数为0，记录此时的R1与R2的阻值，分别为R1、R2；将开关S2置于2处，保持通过R1、R2的电流不变，重复上述操作，使R3的阻值为0时，灵敏电流计G的示数为0，记录此时的R1与R2的数值，分别为R1、R2。根据上述实验

18、过程回答问题：(1)实验步骤中，为保护灵敏电流计，开始时滑动变阻器触头应处在最_（填“左”或“右”）端；(2)在步骤中，为保持实验过程中流过R1与R2的电流不变，调整R1、R2时需要使R1、R2与R1、R2满足的关系是_（用题中所给物理量符号表示）；(3)待测电源C的电动势E_。(4)若工作电源A的内阻不可忽略，则待测电源C的电动势E测量值将_（填“偏大”或“不变”或“偏小”）。【答案】(1)左(2) (3) (4)不变【解析】(1)在开关闭合前，R3接入的阻值应为最大，保护G，则触头应在最左端。(2)改用待测电源替换标准电源的位置，其前提条件是工作电源A所在电路电流I要保持不变，电源A的输出

19、电压固定不变，采取的措施是使与的阻值之和为某一固定阻值，使R1和R2的阻值之和也为该固定阻值，即满足的关系是。(3)根据部分电路欧姆定律，有，可知当满足时，。(4)若考虑工作电源内阻，则有，因之前有，考虑到了工作电源内阻后，则有，故整理后依旧为，故测量值将不变。13(11分)有一项“快乐向前冲”的游戏可简化如下：如图所示，滑板长L1 m，起点A到终点线B的距离s5 m。开始滑板静止，右端与A平齐，滑板左端放一可视为质点的滑块，对滑块施一水平恒力F使滑板前进。板右端到达B处冲线，游戏结束。已知滑块与滑板间动摩擦因数0.5，地面视为光滑，滑块质量m12 kg，滑板质量m21 kg，重力加速度g10

20、 m/s2，求：(1)滑板由A滑到B的最短时间；(2)为使滑板能以最短时间到达，水平恒力F的取值范围。【解析】(1)滑板一直加速，所用时间最少，对滑板在沿水平向右方向则有a210m/s2由运动学公式可得解得t1 s。(2)滑块与滑板恰好做相对滑动时F最小，此时可认为滑块与滑板加速度相等，对滑块分析有当滑板运动到B点时，在滑块恰好脱离时，F最大，设滑块加速度为a1，则有F234N为使滑板能以最短时间到达，则有水平恒力F的取值范围为30NF34N。14(10分)如图所示，水平地面上一竖直放置的气缸开口向下，气缸内有间距为eq f(1,3)h的卡环a、b，a距离上端缸底和下端开口的距离均为h，厚度可忽略不计的两活塞A、B分别封闭一定质量的理想气体和。A活塞只能在ab间移动。已知两活塞的质量均为m，气缸的质量为3m，面积为S，活塞和气缸侧壁均绝热，气缸上端缸底导热，不计一切摩擦。开始时、气体压强均为p0，温度均为T0，活塞静止在a处。已知大气压强为p0，气缸外环境温度为T0，且保持不变，重力加速度为g。现缓慢加热气体，求：(1)A活塞刚好到达b处时，气体的压强；(2)继续加热，直至气缸刚要离开地面，此时气体的温度。【解析】(1)气体作等温变化，有可得A活塞刚好到达b处时，由平衡关系可得可得。(2)由平