2023学年福建省莆田六中高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，用匝数na=60匝和nb=120匝的变压器，对应的电压测量数据如表所示。根据测量数据，下列说法正确的是Ana一定是原线圈Bnb

2、一定是原线圈Cna可能是原线圈Dnb可能是副线圈2、物体做圆周运动时，需要有外力作为向心力，当带电粒子在匀强磁场中做圆周运动时，作为向心力的是：A库仑力；B洛伦兹力；C安培力；D万有引力3、如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是( )A甲图：离点电荷等距的a、b两点B丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点C丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点D乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点4、以下说法正确的是（ ）A电子、质子都是元电荷B物体通常呈现电中性，是因为物体没有电荷C电荷间的相互作用力是通过电场而产生的D描述电场的

3、电场线是客观存在的5、一带电油滴在匀强电场中的运动轨迹如图所示，电场方向竖直向下若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为A此带电油滴带正电B动能减小，电势能增加C动能和电势能总和增加D动能和重力势能之和增加6、每年春节前浙江农村都有打年糕的习俗，借此来寓意“年年发财、步步高升”。打年糕时，一人将“石杵”一起一落挥动，另一人在“石杵”挥动的间隙迅速翻动米粉团，直到米粉团柔软而有弹性。已知“石杵”质量为10kg，每分钟捶打20下，每次重心上升的高度约为90cm，则人挥动“石杵”1分钟做的功约为（）A60JB180JC1800JD10800J二、多项选择题：本题共4小题，每小

4、题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负点的小物体以初速度v1从M点沿下面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2Ua，则由Ub:Ua=nb:na，变压器为升压变压器，即nb为输入端，为原线圈，na为输出端，为副线圈，故选B2、B【解析】当带电粒子在匀强磁场中做圆周运动时，受到的洛伦兹力方向与速度方向垂直，则作为向心力的是洛伦兹力，故选B.3、D【解析】甲图中离点电荷等距的a、b两点，场强大小相等，方向不同；电势相等；故选

5、项A错误；乙图中两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点，电势均为零；场强大小和方向均相同，即场强也相同，选项D正确；丙图中两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点，两点的电势相等；场强大小相同，方向相反；选项C错误；丁图中带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点，；两点的场强相等，a点电势高于b点，选项C错误；故选D.点睛：此题要搞清电场的分布情况，知道电场强度的大小和方向都要相同时，场强才是相同的.4、C【解析】A元电荷指的是带电的基本单位，电子和质子电量为元电荷电量但是并不是元电荷，故A错误；B物体通常呈现电中性，说明正负电荷电量相同，不是因为物体没有

6、电荷，故B错误；C电荷之间之所以有作用力是因为产生了电场，有电场才有相互作用的，故C正确D电场线是人们假象出来的线不是客观存在的，故D错误故选C5、D【解析】A、由图可知带电油滴的运动轨迹向上偏转，则其合力方向向上，油滴受到竖直向下的重力和竖直方向的电场力，则知电场力必定竖直向上，与场强方向相反，油滴应带负电，故选项A错误；B、由题意可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从到的运动过程中合外力做正功，动能增加，电场力做正功，电势能减小，故选项B错误；C、根据功能关系可知，在从到的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，从到的运动过程中重力做负功，重力势能增加，

7、因此动能和电势能之和减小；从到的运动过程中电场力做正功，电势能减小，因此动能和重力势能之和增加，故选项D正确，C错误6、C【解析】挥动“石杵”一次所做的功1分钟内做的总功 故ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB. 从N到M的过程中，电场力与速度方向的夹角先为锐角后卫钝角，因此电场力先做正功后做负功，因此小物块的电势能先减小后增大，因此A错误B正确；C.正电荷和小物块的距离先减小后增大，因此两个电荷之间的库仑力先增大后减小，且

8、库仑力在垂直斜面方向的分力也是先增大后减小，因此由滑动摩擦力先增大后减小，C正确D. 的单位为秒，是时间单位不是距离单位，因此上升高度不可能是，D错误8、AB【解析】若电子在t=0时刻进入的，在一个周期内，前半个周期受到的电场力向上，向上做加速运动，后半个周期受到的电场力向下，继续向上做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始，所以电子一直向B板运动，一定会到达B板，故A正确；若电子是在时刻进入的，在一个周期内：在，电子受到的电场力向上，向上做加速运动，在内，受到的电场力向下，继续向上做减速运动，时刻速度为零，接着继续向B板运动，周而复始，所以电子时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上，

9、故B正确；若电子是在时刻进入的，与在时刻进入时的情况相似，在运动一个周期的时间内，时而向B板运动，时而向A板运动，总的位移向左，最后穿过A板，故C错误；若电子是在时刻进入的，在一个周期内：在，电子受到的电场力向左，向左做加速运动，在内，受到的电场力向右，继续向左做减速运动，时刻速度为零，接着周而复始，所以电子一直向A板运动，一定不会到达B板，故D错误9、ACD【解析】当直导线与磁场方向垂直时所受的安培力最大，最大安培力为F=BIL=0.540.2=0.4N可知导线所受的安培力可能为0.4N、0.3N和0，不可能是0.5N。故选ACD。10、AD【解析】三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，

10、bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为16V，b点电势为20V，d点电势为4V，且abcd，abbc，2ab=cd=bc=2L，bd中点f的电势，因此根据几何关系，可得bd中点e点的电势为16V，与a点电热势相等，ae是一个等势面，aecf，cf为一个等势面，所以c点电势为12V，故A正确因为cfbd，电场方向与等势面垂直且由电势高的等势面指向电势低的等势面，所以场强方向由b指向d，故B错误；质子由b到c电场力所做的功WbceUbce(20V12V)8eV，故C错误；质子从b到c做类平抛运动，垂直bd方向匀速运动，沿bd方向匀加速运动，2Lcos45v0t解得：t，故D正确；故选AD.点睛：

11、本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰了.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1 见解析 【解析】(1)1根据闭合电路欧姆定律可以知道，电路中需要的最大电阻为：所以变阻器应选R1，并且应采用分压式接法;(2)2因为待测电阻阻值偏小，为保证电路安全，方便测量，应把定值电阻与待测电阻串联，因为电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，电路图如图所示：12、0.050.05【解析】把电流表改装成0.6A的电流表，需要并联分流电阻阻值：改装后电流表的内阻：综上所述本题答案是：（1）.（2）四、

12、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2）【解析】(1)碰撞后A球做平抛运动，小球A在水平方向上：4h=vAt，在竖直方向上：解得A球碰后速度为(2)设B球运动到最低点与A球碰撞前的速度为v0，碰撞后的速度大小为vB，则有：mBgh=及mBg=若B球碰撞后向右运动，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mBv0=mB(vB)+mAvA解得两球的质量比为：mA：mB=1：2此条件下系统机械能损失为：E=mBgh，因碰撞过程机械能不能增加，结论合理若B球碰撞后向左运动，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mBv0=mB(

13、vB)+mAvA解得两球的质量比为：mA：mB=3：2此条件下系统机械能增加量为：E=mBgh，因碰撞过程机械能不能增加，故不合理，应舍去【点睛】碰撞后A离开平台后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出碰撞后A的速度；B向下摆动过程机械能守恒，应用机械能守恒定律可以求出碰撞前B的速度；碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出A、B两球的质量之比14、（1）0.63m/s（2）3.2410-3J【解析】（1）当达到最大速率vm时，根据牛顿第二定律得mgsin=F安根据法拉第电磁感应定律有E=BLvm根据闭合电路欧姆定律有 根据安培力公式有F安=BIL解得vm=0.63m/s（2）根据能的转化和守恒定律，达到最大速度后