2023学年福建省南平市邵武市第四中学物理高二第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板间有一个正电荷固定在P点，如图所示，以E表示两板间的场强，U表示电容器两板间的电压，表示正电荷在P点的电势，EP表示正电荷在P点的电势

2、能，若保持负极板不动，将正极板向下移到图示的虚线位置，则AE变大BEP不变C变大DU不变2、如图所示，在探究电磁感应现象的实验中，下列说法中正确的是A保持导体棒静止，灵敏电流计指针会偏转B让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针一定会偏转C让导体棒在磁场中左右运动，灵敏电流计指针一定会偏转D将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针会偏转3、施密特触发器是具有特殊功能的非门,当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值时,输出端Y会突然从高电平跳到低电平,而当输入端A的电压下降到另一个值时,Y会从低电平跳到高电平.如图是温度报警器电路示意图,RT是半导体热敏电阻,温度升高

3、时电阻减少,下列分析正确的是 A升高温度时,A端电势降低;升高到某一温度时,Y端电势升 高,蜂鸣器会发出报警声B升高温度时,A端电势升高;升高到某一温度时,Y端电势降低,蜂鸣器会发出报警声C增大R1 时,A端电势降低;增大到某一值时,Y端势升高,蜂鸣器会发出报警声D增大R1 时,A端电势升高;增大到某一值时,Y端势降低,蜂鸣器不会发出报警声4、关于电压和电动势，下列说法正确的是A电压和电动势的单位都是伏特，所以说电动势和电压是同一物理量B电动势就是电源两极间的电压C电动势公式中的W与电压中的W是一样的，都是电场力做的功D电动势就是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量5、如右图所示，

4、在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处在y轴的右侧的、象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行t0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域取沿abcda的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t变化的图线是下图中的()ABCD6、下列各组物理量中均为矢量的是（ ）A路程和位移 B速度和加速度C力和功 D电场强度和电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求

5、的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量大小为U，电流表示数变化量的大小为I，在这个过程中，下列判断正确的是A电容器的带电量减少，减小量小于CUB电阻R1两端电压减小，减小量等于UC电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大D电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大8、图中实线是一簇等差等势面，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b 是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是A带电粒子所带电荷的电性B带电粒子在 a、b

6、两点的加速度大小何处更大C带电粒子在 a、b 两点的速度何处较大Da、b 两点的电势何处较大9、长为L的导线ab斜放在水平导轨上（导线与导轨的夹角为），两导轨相互平行且间距为d，匀强磁场的磁感应强度为B，如图所示，当通过ab的电流为I时，导线ab所受安培力的大小为AIBL BIBLsin CIBdsin DIBdcos10、如图所示的电路中，L1，L2是两个不同的小灯泡，a，b间有恒定的电压，他们都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，发生的现象是（）AL1亮度不变，L2变暗BL1变暗，L2变亮C电路消耗的总功率变小D流过滑动变阻器的电流变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在

7、答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）螺旋测微器的旋钮每转一周，可动刻度恰好转过_等分，此时测微螺杆就前进或后退_。如图所示螺旋测微器的示数为_mm。12（12分）如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，在以下操作步骤中，静电计指针的张角分别是怎样变化的？请将答案填在相应的横线上。（1）甲图中将B板上移，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（2）乙图中将B板左移，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（3）丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（4）本实验的研究方法是_。四、计算题：本

8、题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑绝缘的半圆形轨道固定于竖直平面内，半圆形轨道与光滑绝缘的水平地面相切于半圆的端点A一质量为1kg的小球在水平地面上匀速运动，速度为v=6m/s，经A运动到轨道最高点B，最后又落在水平地面上的D点（图中未画出）已知整个空间存在竖直向下的匀强电场，小球带正电荷，小球所受电场力的大小等于，g为重力加速度(1)当轨道半径R=0.1m时，求小球到达半圆形轨道B点时对轨道的压力；(2)为使小球能运动到轨道最高点B，求轨道半径的最大值；14（16分）如图所示，AB、CD为两平行金属板，

9、A、B两板间电势差为U，C、D始终和电源相接，测得其间的场强为E.一质量为m、电荷量为q的带电粒子(重力不计)由静止开始经AB加速后穿过CD发生偏转，最后打在荧光屏上已知C、D极板长均为x，荧光屏距C、D右端的距离为L，问：（1）粒子带正电还是带负电？（2）粒子射入偏转电场时的速度v0的大小?（3）粒子打在荧光屏上的位置距O点下方多远处？15（12分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=10cm电源电动势E=18V，内电阻r=1，电阻R=15闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0=8m/s水平

10、向右射入两板间，恰能从上极板B板右侧边缘射出若小球带电量为q=1101 C，质量为m=1101 kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s1求此时：（1）滑动变阻器接入电路的阻值；（1）电源的输出功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】电容器充电后与电源断开，所以电容器的所带电荷量Q是一个定值，根据公式，公式,公式,可得,与极板间的距离无关，所以极板间的电场强度不变，正极板下移过程中，正电荷仍旧静止，所以电场力不做功，电势能不变，下移过程中d减小，所以C增大，又因为Q不变，所以U减小，负极板接地，所以

11、电势为零，P点到负极板的电势差为，为P到负极板的距离，保持不变，所以电势不变，EP不变，故B正确2、C【解析】本题涉及的知识点是电磁感应，产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，或穿过闭合电路的磁通量发生变化。【详解】A保持导体棒静止，穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，从而不会产生感应电流，所以灵敏电流计指针不会偏转。故A错误；B让导体棒在磁场中运动，可能是左右运动也可能是上下运动，如果是上下运动，则穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，从而不会产生感应电流，所以灵敏电流计指针不会偏转。故B错误；C让导体棒在磁场中左右运动，则穿过闭合电路的磁通量发生变化，从而会产生感应电

12、流，所以灵敏电流计指针会偏转。故C正确；D将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，电路不是闭合电路，不管导体棒在磁场中怎样运动，电路中都不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转。故D错误；故选C。【点睛】闭合电路产生感应电流的条件。3、B【解析】AB、根据电路图知，当RT的温度升高时，RT减小，A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警，故B正确，A错误；CD、当增大R1时，A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声，故C、D错误；故选B。【点睛】根据电路图知，当RT的温度升高时，RT减小，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警，当增大R1时，A端电势升高，Y端电势

13、降低，蜂鸣器会发出报警声。4、D【解析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量故A错误根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E-Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势故B错误电动势公式中的W非是非静电力做功，电压中的W静是静电力做功故C错误电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小故D正确故选D5、A【解析】试题分析：在0av时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为abcda，为正，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小在av2av时间内，时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则感应

14、电流的方向为adcba，为负，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小故A正确，B、C、D错误故选A考点：本题考查了导体切割磁感线时的感应电动势6、B【解析】位移、速度、加速度、力和电场强度都是既有大小又有方向的物理量，都是矢量；而路程、功和电势都是只有大小无方向的物理量，都是标量；故选项B正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，电阻R两端的

15、电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1两端的电压减小量小于U，则电容器的带电量减小，减小量小于CU。故A正确，B错误。C根据欧姆定律，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大。故C正确。D根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r），由数学知识得知，保持不变。故D错误。8、BC【解析】AD、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，无法确定粒子在a、b 两点的电势何处较大，故A、D错误；B、根据电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒

16、子在a点的加速度比b点的加速度大，故B正确；C、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，速度减小，所以a点速度大于b点速度，故C正确；故选BC。【点睛】粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性；根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化，当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小。9、AC【解析】安培力的计算：当IB时，F=BIL，当I与B不垂直时，F=BILsin

17、，为I与B的夹角，题目中属于I与B垂直的情况，所以F=BIL，A正确；由于L=dsin，带入A的结果，可得F=IdBsin，C正确10、BCD【解析】电路结构是：滑动变阻器与灯泡L2并联，再与灯泡L1串联滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，引起并联部分电阻变化，外电路总电阻变化，干路电流变化，再分析灯泡L2电压的变化来分析灯泡亮度的变化根据P=UI来判断电路消耗的总功率【详解】A、B项：滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流减小，L1变暗，灯泡L2的电压U2=U-IR1变大，L2变亮，故A错误，B正确；C项：由于干路电流减小，根据P

18、=UI，电路消耗的总功率变小，故C正确；D项：由于干路电流减小，灯泡L2的电压U2=U-IR1变大，流过L2的电流变大，故流过滑动变阻器的电流减小，故D正确【点睛】本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的思路分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50 0.5 4.762 【解析】螺旋测微器的旋钮每转一周，可动刻度恰好转过50等分，此时测微螺杆就前进或后退0.5mm。如图所示螺旋测微器的示数为：4.5mm+0.01mm26.2=4.762mm。12、增大 增大 减小 控制变量法 【解析】根据，联合分析求解；研究某量与

19、其他两之间的关系时，常采用控制变量法（1）根据，B板上移，S减小，C减小，Q不变，U增大，张角将增大；（2）根据， B板左移，d增大，C减小，U增大，张角将增大；（3）根据，插入电介质，增大，电容C增大，U减小，张角将减小；（4）根据可知，其中有，S，d为变量，所以本实验应用的为控制变量法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)，方向竖直向上；(2)0.24m【解析】(1)设小球到达圆轨道点时速度为，从到的过程中重力和电场力做功，由动能定理有：解得：据牛顿第二定律有：代入数据解得：牛顿第三定律可知，小球到达圆轨道点时对轨道的压力为：方向竖直向上(2)轨道半径越大，小球到达最高