广东省广州市第七中学2023学年物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是等腰直角三棱锥，其中侧斜面abcd为边长为L的正方形，abef和ade均为竖直面，dcfe为水平面将

2、次等腰直角三棱锥安图示方式放置于竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，下面说法中正确的是A通过abcd面的磁通量大小为BLB通过dcfe面的磁通量大小为BLC通过ade的磁通量为零D通过abfe面的磁通量大小为BL2、下列关于电磁场和电磁波的说法中，正确的是：（ ）A电场和磁场总是相互联系的，它们统称为电磁场B变化的电磁场由发生的区域向远处传播形成电磁波C在电场周围一定产生磁场，在磁场周围一定产生电场D电磁波是一种波，声波也是一种波，理论上它们是同种性质的波动3、下列说法错误的是( )A由可知导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B由可知对于阻值一定的导体，通过它的电流越大，它两

3、端的电压也越大C对于阻值一定的导体，它两端的电压与通过它的电流的比值保持不变D由可知通过电阻的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比4、三个质量相同的物体，与水平桌面的动摩擦因数相同，由于所受水平拉力不同，A做匀速运动，B做加速运动，C做减速运动，那么它们受到的摩擦力大小关系应是AfBfAfCBfAfBfCCfAfB1 V后，小灯泡电阻R随温度T的升高而 （选填“增大”或“减小”）12（12分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图像如下:（1）闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在_处（2）现备有以下器材：A.干电池1个B.滑动变阻器（050）C.滑动变阻器（01750

4、）D.电压表（03V）E.电压表（015V）F.电流表（00.6A）G.电流表（03A）其中滑动变阻器应选_，电流表应选_，电压表应选_(填字母代号)（3）由U-I图像由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_（4）由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测_E真，r测_r真(填“”“fAfC，与结论不相符，选项A错误；B fAfBfC，与结论相符，选项B正确；C fAfB1 V后，小灯泡电阻R随温度T的升高而增大【点睛】描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，电压、电流从零开始可调，滑动变阻器采用分压式，灯泡的电阻与电流表阻值相差不大，与电压表内阻相差较大，电流表采用外接法；再

5、结合小灯泡的I-U图，线计算不同电压下的电阻，并分析电阻的变化12、aBDF1.50.75【解析】（1）1 闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即a处（2）2滑动变阻器起控制电流的作用，而电源电动势大约1.5V，电路中电流较小，故为了便用调节，滑动变阻器选取B3电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择D，4由图可知，电路中的电流较小，因此电流表选择F（3）5在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V；6图象中的斜率表示电源的内阻，则有：（4）78由图所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由

6、于电压表分流，电流测量值小于真实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示：电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）tan；（2）v；（3）Q2mgdsin【解析】试题分析：（1）导体棒在绝缘涂层上滑动时，受重力mg、导轨的支持力N和滑动摩擦力f作用，根据共点力平衡条件有：mgsinf，Nmgcos根据滑动摩擦定律有：fN联立以上三式解得：tan（2）

7、导体棒在光滑导轨上滑动时，受重力mg、导轨的支持力N和沿导轨向上的安培力FA作用，根据共点力平衡条件有：FAmgsin根据安培力大小公式有：FAILB根据闭合电路欧姆定律有：I根据法拉第电磁感应定律有：EBLv联立以上各式解得：v（3）由题意可知，只有导体棒在导轨光滑段滑动时，回路中有感应电流产生，因此对导体棒在第1、3段d长导轨上滑动的过程，根据能量守恒定律有：Q2mgdsin解得：Q2mgdsin考点：本题主要考查了共点力平衡条件、安培力大小公式、闭合电路欧姆定律、法拉第电磁感应定律、能量守恒定律的应用问题，属于中档题14、（3）对第3个落到O点的粒子由：（3分）（3分）得：（3分）（2）对落到B点的粒子由：（3分）（3分）（2分）得：（2分）（3）由：（2分）得：（3分）落到下极板上粒子总数为N+3=433个 （3分）【解析】试题分析：（3）对第一个落在O点的粒子：水平方向：竖直方向：得：（2）对落到B点的粒子由：L=v3tmg-Eq=ma得：（3）由：Q=CEd=4333-4（C）得：落到下极板上粒子总数为N+3=433个考点：带电粒子在电场中的运动15、 (1)8V，1；(2)1.8104C，0C【解析】(1)S断开时有：E=I1(R2+