2023学年陕西省咸阳市礼泉县物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，有两个穿着溜冰鞋的人站在水平冰面上，当其中某人A从背后轻轻推另一个人B时，两个人

2、会向相反的方向运动不计摩擦力，则下列判断正确的是（ ） AA、B的质量一定相等B推后两人的动能一定相等C推后两人的总动量一定为零D推后两人的速度大小一定相等2、握在手中的瓶子未滑落下来，这时( )A手对瓶子的压力大于瓶子所受的重力B手对瓶子的静摩擦力大于瓶子所受的重力C手对瓶子的压力等于瓶子所受的重力D手对瓶子的静摩擦力等于瓶子所受的重力3、如图所示，Q1、Q2为两个等量同种正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上(O为连线的中点)，N为两电荷连线中垂线上的一点，则下列说法中正确的是AO点电势等于N点电势BO点场强一定大于M点场强C将一个负点电荷从M点

3、移到N点，电场力对其做负功D若将一个正点电荷分别放在M、N和O三点，则该点电荷在O点时电势能最大4、如图所示，虚线a、b、c是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一个电子（重力不计）仅在静电力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）Aa、b、c三个等势面中，a的电势最高B电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C电子在P点的加速度比Q点的加速度小D电子一定是从P点向Q点运动5、在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻当开关S闭合后，两平行金属板M、N中有一带电油滴正好处于静止状态为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是()A增大R1的

4、阻值 B增大R2的阻值C增大R3的阻值 D增大M、N间距6、有一个正充电的电容器，若使它带的电荷量减少了2106 C，则其电压降为原来的，则()A电容器原来带的电荷量是3106 CB电容器原来带的电荷量是4.5106 CC电容器 电容是5FD电容器原来的电压是5 107 V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的是A小磁针北极的指向就是该处磁场的方向B磁感线是闭合曲线，电场线不是闭合曲线C两根长度相同、电流大小相等的直导线放入同一匀强磁场，受到的安培力一定

5、相同D地磁北极的正上空地磁场的方向竖直向上，赤道附近地磁场的方向与地面平行8、对下列物理公式理解正确的是( )A电阻定律,反映导体的电阻R与导体长度L成正比,与导体横截面积S成反比,与导体的电阻率成正比B电阻的定义式,反映导体的电阻R与电压U成正比,与电流I成反比C闭合电路的欧姆定律,对纯电阻电路和非纯电阻电路都适用D闭合电路中E=U外+U内,表明闭合电路中电动势等于内外电路电势降落之和9、如图，在某匀强电场中有M、N、P三点，在以它们为顶点的三角形中，M30、P90，直角边NP的长度为4 cm。已知电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3 V、15 V。则（ ）A电场强度的大小为150

6、V/mB电场强度的大小为75 V/mC点P的电势为12VD点P的电势为10V10、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，如图所示。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为。实验中，极板所带电荷量不变，下列判断中正确的是（）A保持S不变，增大d，则变小B保持S不变，增大d，则变大C保持d不变，减小S，则变大D保持d不变，减小S，则变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） “探究碰撞中的不变量”的实验中：（1）入射小球m1=15 g，原静止的被碰小球m2=10 g，由实验测得它们在碰撞前后的x t图象如图甲

7、所示，可知入射小球碰撞后的m1v1是_kgm/s，入射小球碰撞前的m1v1是_kgm/s，被碰撞后的m2v2是_kgm/s.由此得出结论_（2）实验装置如图乙所示，本实验中，实验必须要求的条件是_A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端点的切线是水平的C入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D入射球与被碰球满足mamb，ra=rb（3）图乙中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是_Am1ON=m1OPm2OMBm1OP=m1ONm2OMCm1OP=m1OMm2ONDm1OM=m1OPm2ON12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6

8、 V，1.5 W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A、直流电源6 V(内阻不计) B、直流电流表0300 mA(内阻约为5 )C、直流电压表010 V(内阻约为15 k) D、滑动变阻器10 ，2 A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量 (1)画出实验电路图_ (2)试将实物图所示器材连成实验电路_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，滑动变阻器的总电阻R1 000 ，A、B两端电压U100 V，调节滑片P使其下部电阻R1400 .（1）空载时，C、D两端电压多大？（2）在C、D间接入

9、一个R0400 的电阻，C、D两端的电压多大？14（16分）如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后，沿两板正中间平行于板面射入偏转电场，电子恰好从下极板的边沿飞出，已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0，偏转电场可看做匀强电场，极板长度为L，两板间距为d 。求：(1)电子射入偏转电场时初速度v0(2)偏转电场两板间电压U 15（12分）示波器是一种多功能电学仪器，可以在荧光屏上显示出被检测的电压波形，它的工作原理等效成下列情况：如图甲所示，真空室中电极K发出电子（初速不计），经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中，板长L，相距为d，在两板间加上如图

10、乙所示的正弦交变电压，周期为T，前半个周期内B板的电势高于A板的电势，电场全部集中在两板之间，且分布均匀，在每个电子通过极板间的极短时间内，电场视作恒定.在两板间右侧且与极板右侧相距D处有一个荧光屏，（已知电子的质量为m,带电量为e，不计电子的重力），求：(1)电子进入AB板时的初速度v；(2)要使所有的电子都能打在荧光屏上，图乙中电压的最大值U0需满足什么条件？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】以两人组成的系统为研究对象，不计摩擦力系统的合外力为零，系统的动量守恒A推B之前系统的总动量为1，则推之后两

11、人的总动量一定为1取A的速度方向为正方向，由动量守恒定律有 mAvA-mBvB=1，即有 mAvA=mBvB, 可得 所以推后两人的动量大小一定相等，质量不一定相等，则动能不一定相等，速度大小与质量成反比，故ABD错误，C正确故选C.【点睛】解决本题的关键是掌握动量守恒的条件：合外力为零，判断出两人组成的系统动量守恒，运用动量守恒定律列式分析2、D【解析】握在手中的瓶子没有滑落下来，所以瓶子处于受力平衡状态，受到竖直向下的重力，手给的竖直的向上的摩擦力，故在竖直方向上，手对瓶子的静摩擦力等于瓶子所受的重力，D正确。3、C【解析】A.根据两个等量同种正点电荷的电场分布特点，在两电荷连线的垂直平分

12、线上电场强度方向从O到N，则O点的电势高于N点的电势，故A错误；B.在M、N和O三点中O点电场强度为零，故O点场强一定小于M点场强，故B错误；C.将负点电荷从M点移到O点，电场力向左，电场力对负电荷做负功，其电势能增加；再将负的试探电荷从O点移到N点，电场力做负功，电势能增加，故C正确；D.在两个等量同种正点电荷的连线上，中点O的电势最低，根据两个等量同种正点电荷的电场分布特点，在两电荷连线的垂直平分线上，O点的电势最高故M、N、O三点中，M点的电势最高，N点的电势最低所以正点电荷在M点的电势能最大，在N点的电势能最小，故D错误。4、A【解析】A因为电场线垂直等势面，电子所受电场力指向轨迹内侧

13、，电场线和电场力如图所示由于电子带负电，因此电场线方向指向斜下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，A正确；Ba等势线的电势最高，c等势线的电势最低，则根据而电子带负电，所以电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小，B错误；C等势线密的地方电场线密场强大，P点位置电场强大，根据P点电场力大，根据牛顿第二定律，电子的加速度也大，C错误；D由图只能判断出粒子受力的方向，不能判断出电子运动的方向，D错误。故选A。5、C【解析】A项：R1 在回路中起保护电容器的作用，所以它的大小不影响电路中的电流和电压，即改变R1的大小不能使得带电油滴向上运动，A项错误；B项：要是带电粒

14、子向上运动，应该增大电容器之间的电场强度，由E=Ud知道，当d不变时，应增大电容器两端的电压，然后根据串反并同的 知识我们知道应该增大R3 或者减小R2 的阻值，所以选项B错，C对；D项：由公式E=Ud知，当电压不变时，要使电场强度增大，则应该减小两个板之间的距离，所以D项错误；综上所述，本题答案是C6、A【解析】平行板电容器的电荷量减少，电压减少为原来的，由知电容器电容恒定不变，故电量减少为原来的，即减少了原来的， 知电容器原来的带电荷量，A正确B错误；根据题意无法知道电压或者减小电压的具体值，故无法求解电容器，CD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

15、项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、某处小磁针的静止时北极受磁场力的方向就是该处磁场的方向，故A错误；B、磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极，在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极是闭合曲线，而电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，不是闭合曲线，故B正确；C、电流相同、长度相同的通电导线在同一磁场中，若B与I所成的夹角不同，则受的安培力不同，故C错误；D、由于地磁的北极在地理的南极附近，在磁体的外部磁感线从N极指向S极，故磁感线有个向北的即竖直向上分量，而赤道附近地磁场的方向和地面平

16、行，故选项D正确。点睛：本题需要掌握磁场和地磁场的方向问题，同时注意安培力公式：导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小，当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为。8、AD【解析】A是电阻的决定式，可知导体的电阻R与导体长度L成正比，与导体横截面积S成反比，与导体的电阻率成正比，故A正确；B电阻的定义式采用比值法定义，R与U、I无关，故B错误；C闭合电路的欧姆定律，仅适用于外电路是纯电阻的电路，故C错误；D由闭合电路的欧姆定律有：闭合电路中E=U外+U内，表明闭合电路中电动势等于内外电路电势降落之和，故D正确。9、AC【解析】AB由题意电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3

17、V、15 V知电场强度为：故A正确，B错误CDNP在电场方向上的有效长度为2cm，所以：则：解得：，故C正确，D错误.10、BC【解析】AD根据电容的定义式：C=保持S不变，增大d，电容C减小，再根据：U=知U增大，所以变大，故A错误，B正确；CD保持d不变，减小S，电容C减小，再根据：U=知U增大，所以变大，故C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.0075 0.015 0.0075 碰撞中mv的矢量和是不变量（碰撞过程中动量守恒） BCD C 【解析】（1）由图1所示图象可知，碰撞前球1的速度，碰撞后

18、，球的速度，入射小球碰撞后的，入射小球碰撞前的，被碰撞后的，碰撞前系统总动量，碰撞后系统总动量，由此可知：碰撞过程中动量守恒；（2）“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，A错误；要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，B正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，C正确；为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求mamb，ra=rb，D正确（3）要验证动量守恒定律定律即，小球做平抛运动，根据平抛运动规律可知根据两小球运动的时间相同，上式可转换为，故需验证，因此C正确【点睛】本实验的一个重要的技巧是入射球和靶球从同一高度作平抛运动并且落到同一水平面上，故下落的时间相同，所以在实验的过程当中把本来需要测量的速度改为测量平抛过程当中水平方向发生的位移，可见掌握了实验原理才能顺利解决此类题目12、 【解析】（1）本实验中要求多测几组数据，故应采用分压接法；同时因灯泡的内阻较小，与电流表内阻相差不多，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：（2）根据电路图连接实物图如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）40V（2）25V【解析】（1）空载时CD