广东省江门市普通高中2023学年物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有两根长直导线a、b互相平行放置,如图所示为垂直于导线的截面图.在图中所示的平面内,O点为两根导线连线的中点,M、N为两导线附近的两点,它们在两导线连线的中垂线上,且与

2、O点的距离相等.若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流I,则下列说法中正确的是( )AM点和N点的磁感应强度大小相等,方向相同BM和N点的磁感应强度大小相等,方向相反C在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零D两条导线相互排斥2、右图所示的电路中，电源内阻r不可忽略，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R2的滑动键P向上滑动时 （ ）AA1和A2的示数均变大BV1和V2的示数均变小CA1示数的变化量小于A2示数的变化量DV1示数的变化量大于V2示数的变化量3、电场中某区域的电场线分布如图所示,A、B是电场中的两点,则()AA点的电场强度较大B因为B点没有电场线,所以电荷在B点不受电场力

3、的作用C同一点电荷放在A点受到的电场力比放在B点时受到的电场力小D负点电荷放在A点由静止释放,将顺着电场线方向运动4、关于磁感应强度，下列说法正确的是( ) A由可知，B与F成正比与IL成反比B通电导线受安培力不为零的地方一定存在磁场，通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场（即B=0）C通电导线放在磁场中的某点，那点就有磁感应强度，如果将通电导线拿走，那点的磁感应强度就为零D磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定的，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关5、下列关于电源和电动势的说法中，正确的是（ ）A电动势就是电势差，平时我们叫电压B电动势大的电源做功一定多C在外电路中和电源内部，静电力都

4、对电荷作正功，所以能不断定向移动形成电流D电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功6、下列哪个措施是为了防止静电产生的危害（ ）A在高大的烟囱中安装静电除尘器B静电复印C在高大的建筑物顶端装上避雷针D静电喷漆二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，E 为电池，L 是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2 是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S 是控制电路的开 关对于这个电路，下列说法正确的是A刚闭合开关 S 的瞬间，通过

5、 D1、D2 的电流大小相等B刚闭合开关 S 的瞬间，通过 D1 的电流小于通过 D2 的电流C闭合开关 S 到电路达到稳定，D1 逐渐熄灭，D2 比原来更亮D电路达到稳定后将开关 S 断开，D2 立即熄灭，D1 闪亮一下再熄灭8、由磁感应强度公式B可知，磁场中某处的磁感应强度的大小()A随通电导线中的电流I的减小而增大B此式只是B的定义式不是决定式，所以值是固定的C随通电导线所受磁场力F的增大而增大D跟F、I、L的变化无关9、如图所示的电路,电源电压U=3.0V，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的I-U特性曲线如下图所示.当开关闭合后,下列关于电路中灯泡的说法中,正确的是(

6、 )A灯泡L1的电阻为7.5B灯泡L1消耗的电功率为0.75WC灯泡L3的电阻为7.5D三灯泡消耗的总电功率为1.35W10、下列关于电动势的说法中正确的是（ ）A电动势的大小与非静电力所做的功成正比，与被移送电荷量成反比B电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样C电动势公式E=中W与电压U=中的W不是同种性质力所做的功D电动势是反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做测干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材选用：A干电池一节（电动势约为 1.5V）B直流电流

7、表（量程 0-0.6-3A）C直流电压表（量程 0-3-15V）D滑动变阻器 （阻值范围 0-15，允许最大电流 lA）E电键F导线若干根G电池夹（1）将选定的器材按本实验要求的电路，在方框内画出实验电路图。（_）（2）根据实验记录，画出的 U-I 图象如图所示，可得待测电池的电动势为_V，内电阻 r 为_。（结果保留三位有效数字）12（12分）某同学在练习使用多用电表时连接的电路如图所示。(1)若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过_(填R1或R2)的电流；(2)若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，则测得的是_的电阻。AR1的电阻BR2的电阻CR1和R2的串联

8、电阻DR1和R2的并联电阻(3)将选择倍率的旋钮拨至100挡时，指针的偏转角过大，为了提高测量的精确度，请完成下列操作：A将选择开关拨至_挡(填“1k”或“10”)；B将两根表笔短接C调节调零电阻，使指针停在0刻度线上D将两根表笔分别接触待测电阻的两端，指针偏转情况如图所示，则所测电阻大小为_.E.将选择开关拨至交流电压最高挡上。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成=37放置，在斜面上虚线aa和bb与斜面底边平行，在aabb围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场，磁感

9、应强度为B=1T；现有一质量为m=10g，总电阻为R=1，边长d=0.1m的正方形金属线圈MNPQ，让PQ边与斜面底边平行，从斜面上端静止释放，线圈刚好匀速穿过磁场已知线圈与斜面间的动摩擦因数为=0.5，（取g=10m/s2；sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）线圈进入磁场区域时，受到安培力大小；（2）线圈释放时，PQ边到bb的距离；（3）整个线圈穿过磁场的过程中，线圈上产生的焦耳热14（16分）近百年前英国科学家汤姆逊以及他所带领的一批学者对原子结构的研究奠定了近代物理学的基石，其中他对阴极射线粒子比荷测定实验最为著名，装置如图（1）所示。阜宁中学某班的学生在实验室重做该实验，

10、装置如图（2）所示，在玻璃管内的阴极K 发射的射线被加速后，沿直线到达画有正方形方格的荧光屏上。在上下正对的平行金属极板上加上电压，在板间形成电场强度为 E 的匀强电场，射线向上偏转；再给玻璃管前后的励磁线圈加上适当的电压，在线圈之间形成磁感应强度为 B 的匀强磁场，射线沿直线运动，不发生偏转。之后再去掉平行板间的电压，射线向下偏转，经过屏上 A 点，如图（3）所示。（不计射线的重力，匀强电场、匀强磁场范围限定在刻度“1”和“7”所在的竖直直线之间，且射线由刻度“1”所在位置进入该区域）。求：（1）求该射线进入场区域时的初速度v ；（2）已知正方形方格边长为d ，求该射线粒子的比.（3）带电粒

11、子在磁场中运动到A点的时间？15（12分）如图所示，质量为m，电荷量为e的电子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120角，电子重力不计求：（1）A、B两点间的电势差UAB？（2）电子从A运动到B的时间tAB？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据安培定则判断两根导线在M、N两点产生的磁场方向，根据平行四边形定则，进行合成，确定大小和方向的关系在线段M N上只有O点的磁感应强度为零。【详解】A、B项：根据安培定则判断得知，两根通电导线产生

12、的磁场方向均沿逆时针方向，由于对称，两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形进行合成得到，M点和N点的磁感应强度大小相等，M点磁场向下，N点磁场向上，方向相反，故A错误，B正确；C项：只有当两根通电导线在同一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时，合磁感应强度才为零，则知只有O点的磁感应强度为零，故C错误；D项：根据同方向电流相互吸引可知，故D错误。故应选：B。2、C【解析】AC当滑片P上移时，R2增大，回路中的总阻值增大，总电流：总电流减小；V2的示数：可知U2增大A1的示数：可知增大，I减小、增大，知减小，减小量大于增加量，A错、C对；BDU1、U2的大小为：可知：U

13、1、U2都增大，U2的变化量大，BD错【点睛】判定总电阻变化情况的规律(记一记)1当外电路的任何一个电阻增大(或减小)时，电路的总电阻一定增大(或减小)2若开关的通、断使串联的用电器增多时，电路的总电阻增大；若开关的通、断使并联的支路增多时，电路的总电阻减小3在如图所示分压电路中，滑动变阻器可视为由两段电阻构成，其中一段R并与用电器并联，另一段R串与并联部分串联A、B两端的总电阻与R串的变化趋势一致3、A【解析】电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低同一电荷在电场强度大的地方受到的电场力大电场线是曲线，粒子的运动轨迹与电场线不一致.【详解】由图可知，A点处

14、电场线较密，电场强度较大。故A正确。电场线的疏密代表电场的强弱，故在任意两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场，故B错误。A点的电场强度较大，同一点电荷放在A点受到的电场力较大。故C错误。负电荷放在A点受到的电场力沿电场线的切线方向，由静止释放后，负电荷将离开电场线，所以其运动轨迹与电场线不一致。故D错误。故选A。【点睛】本题考查对电场线物理意义的理解要注意只有当电场线是直线，而且电荷无初速度或初速度方向与电场线共线时，电荷的轨迹才与电场线一致4、D【解析】A、磁感应强度B的定义式，是比值定义法，磁感应强度B与F、IL无关，由磁场本身决定，故A错误；B、当一小段通电导线受磁场力为零，可能与磁场

15、方向平行，而磁场却可能不为零，故B错误；C、磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定的，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关，故C错误，D正确。点睛：对于磁感应强度可采用类比的方法学习，将磁感应强度与电场强度比较，抓住相似点进行理解和记忆，理解左手定则的应用。5、D【解析】A、电动势是反应电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，和电势差的定义不相同；故A错误；B、电动势大的移动相同电量时做功多；并不是电动势大电源做功就多；故B错误；C、电动势大的电源移动相同电量时做功较多，但做功并不一定快；故C错误；D、电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功；故D正确；故选D6、

16、C【解析】本题考查静电现象的应用于防止ABD均为静电现象的应用，C为防止静电产生的危害，选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】AB开关S刚闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A正确，B错误；C稳定后，线圈相当于导线把灯D1短路，D1熄灭，回路中总电阻减小，电流增大，D2比S刚闭合时亮，故C正确；DS闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1闪亮一下然后过一会再熄灭，故D正确；故

17、选ACD8、BD【解析】磁感应强度B描述磁场强弱和方向的物理量，与放入磁场中的电流元无关，由磁场本身决定；【详解】磁感应强度B的定义式，是比值定义法，磁感应强度B与F、IL无关，由磁场本身决定，所以值是固定的，故AC错误，BD正确；【点睛】对于磁感应强度可采用类比的方法学习，将磁感应强度与电场强度比较，抓住相似点进行理解和记忆；9、AD【解析】当开关闭合后，灯泡L3的电压U3=3V，由图I-U特性曲线读出其电流I3=0.25A，则灯泡L3的电阻功率为：W灯泡L1、L2串联，电压V，由图读出其电流A，电阻灯泡L1、L2的功率均为：W三灯消耗的总功率为：P=20.30+0.75=1.35W故选AD

18、。10、CD【解析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关；电源的电动势在数值上等于内、外电压之和【详解】电动势的定义式运用比值法定义，可知E与电源内非静电力做的功W、通过的电荷量q无关，由电源本身决定，故A错误电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质不一样；电动势反映的是电源内部非静电力做功的能力；故B错误；电动势公式中W与电压中的W不同，前者是非静电力做功；后者是电场力的功；故C正确；电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量；故D正确

19、故选CD【点睛】本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 1.45 0.692 【解析】(1)1待测电源内阻较小，为减小测量误差，应用伏安法测电源电动势与内阻时，相对于电源来说，电流表应采用外接法，用电压表测路端电压，用电流表测电路电流，实验电路图如图所示(2)23U-I图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，由图可知，电源的电动势为E=1.45V，U-I图象斜率绝对值表示电源内阻，所以待测电池的内阻12、R1 C 10 160 【解析】（1

20、）1多用电表使用电流档时应该串联在电路中，图中多用电表与滑动变阻器串联，电流相等，若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流档，此时测得的是通过R1的电流（2）2断开电路中的电键，R1与R2串联，多用电表两表笔接在其两端，故测得的是R1与R2串联的总电阻，故选C；（3）34用“100”测电阻时挡时，指针的偏转角过大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，应选“10”挡，然后对欧姆表重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡上，由图象表盘可知，待测电阻阻值为：1610=160；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s；（2）1m；（3） 【解析】（1）由于线圈匀速进磁场，根据平衡可求出安培力的大小（2）根据闭合回路欧姆定律，以及动能定理可以求出PQ边到bb的距离（3）根据能量守恒求解整个线圈穿过磁场的过程中，线圈上产生的焦耳热【详解】（1）对线圈受力分析有： 代入数据得