上海市徐汇区、金山区、松江区2023学年物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A、B、C三点在同一直线上，ABBC21，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷当在A处放一电荷量

2、为2q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为q的点电荷，其所受静电力为( )AF BF C2F D2F2、某导体中的电流随其两端的电压变化，如图实线所示，则下列说法中错误的是（ ）A加5 V电压时，导体的电阻是5 B加12 V电压时，导体的电阻是8 C由图可知，随着电压增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压减小，导体的电阻不断减小3、甲、乙两物体在同一直线上，同时由一位置向同一方向运动，其速度-时间图象如图所示，下列说法正确的是 ( ) A甲做匀速直线运动，乙做变加速直线运动B开始阶段乙跑在甲的前面，20s后乙落在甲的后面C20s末乙追上甲，且甲、乙速率相等D

3、40s末乙追上甲4、如图所示，金属板组成的电容器充电后与静电计相连，要使静电计 指针的张角变大，下列措施中可行的是（ ）AA板向上移动 BB板向左移动C电容器之间充满介质 D电容器放走部分电荷5、 “太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在变轨后接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效。关于这一过程下列正确说法是A攻击卫星接近侦察卫星的过程中受到地球的万有引一直在增大B攻击卫星在原轨道上运行的周期比侦察

4、卫星的周期大C攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度大D攻击卫星在原轨道需要减速才能变轨接近侦察卫星6、关于元电荷的说法正确的是( )A元电荷就是电子 B元电荷带负电C元电荷的电荷量为1.010-19C D元电荷是自然界中的最小电荷量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某静电场的电场线分布如图所示，P、Q 为该电场中的两点，下列说法正确的是 AP 点场强大于 Q 点场强BP 点电势高于 Q 点电势C将电子从 P 点移动到 Q 点，电场力做正功D将电子从 P

5、点移动到 Q 点，其电势能增大8、下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A做匀变速直线运动的物体，它的加速度方向和速度方向总是相同的B做匀变速直线运动的物体，它的加速度方向和速度变化的方向总是相同的C做匀变速直线运动的物体，它的速度变化越大，加速度越大D做匀变速直线运动的物体，它的速度在单位时间内变化越大，加速度越大9、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用若重力做功3J，电场力做功1J，则小球的（ ）A重力势能增加3JB电势能增加1JC动能减少3JD机械能增加1J10、质量为m的带电小球射入匀强电场后，以方向竖直向上、大小为2g的加速度向下运动，在小球下落h的过程中

6、()A小球的重力势能减少了2mghB小球的动能减少了2mghC电场力做负功2mghD小球的电势能增加了3mgh三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）物理实验经常需要测量，以下用于测量时间的仪器是_（2）在下列学生分组实验中，利用控制变量思想进行研究的是_A研究平抛运动 B探究求合力的方法C探究功与速度变化的关系 D探究加速度与力、质量的关系（3）在“验证机械能守恒定律”实验中，得到一条纸带，取连续打出的点A、B、C、D作为计数点，各点间的距离如图所示。若打点计时器所用电源频率为50Hz，则打C点时纸带运动的速度为_m/s。（保

7、留3位有效数字）12（12分）某兴趣小组的同学利用如图所示的实验装置，测量木块与长木板之间的动摩擦因数，图中长木板水平固定：实验过程中，打点计时器应接在_（填“直流”或“交流）电源上，调整定滑轮的高度，使_；已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，砝码盘、砝码和木块的加速度大小为a，则木块与长木板之间的动摩擦因数_；实验时，某同学得到一条纸带，如图所示，每隔四个计时点取一个计数点，即为图中0、1、2、3、4、5、6点。测得每两个计数点间的距离为cm，cm，cm，cm，cm，cm，打点计时器的电源频率为50Hz。计算此纸带的加速度大小a=_m/s2，打第4个计数点时纸带

8、的速度大小v=_m/s。（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑的水平地面上有一木板，其左端放有一重物，右方有一竖直的墙。木板质量为m，重物质量为的3m，重物与木板间的动摩擦因数为。使木板与重物以共同的速度向右运动，某时刻木板与墙发生弹性碰撞，碰撞时间极短。设木板足够长，重物始终在木板上，重力加速度为g。求： （1）木板第一次和墙碰撞时受到墙的弹力冲量I；（2）木板和墙第一次碰后向左运动的最大距离x1；（3）木板从第一次与墙碰撞到再次碰撞所经历的时间t；（4）要使重物始终在木板

9、上，求木板的最小长度L。14（16分）一个带正电的微粒，从A点射入水平方向的匀强电场中，微粒沿直线AB运动，如图所示，AB与电场线夹角，已知带电微粒的质量m，电量q，A、B相距L。求：(1)画出微粒的受力图；(2)说明微粒在电场中运动的性质，要求说明理由。(3)电场强度的大小和方向？(4)要使微粒从A点运动到B点，微粒射入电场时的最小速度是多少?15（12分） “魔盘”是一种神奇的游乐设施，它是一个能绕中心轴转动的带有竖直侧壁的大型转盘，随着“魔盘”转动角速度的增大，“魔盘”上的人可能滑向盘的边缘如图所示，质量为m的人（视为质点）坐在转盘上，与转盘中心O相距r转盘的半径为R，人与盘面及侧壁间的

10、动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g(1)当转盘的角速度大小为0时，人未滑动，求此时人的线速度大小v；(2)求人与转盘发生相对滑动时转盘的角速度大小应满足的条件；(3)当人滑至“魔盘”侧壁时，只要转盘的角速度不小于某一数值m，人就可以离开盘面，贴着侧壁一起转动有同学认为，m的大小与人的质量有关，你同意这个观点吗？请通过计算说明理由参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为-q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同。设AB=2r，

11、则有BC=r。则有：F=kQ2q(2r)2=kQq2r2；故电荷量为-q的点电荷在C处所受电场力为：FC=kQqr2=2F，故选D。2、C【解析】A、加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知，R=UI=51=5;故A正确.B、加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为: R=UI=121.5=8，故B正确；C、由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；D、随着电压的减小，导体的电阻减小，故D正确；本题选择错误的故选C.【点睛】本题考查欧姆定律的应用；注意伏安特性曲线的性质，能从图象中得出电阻的变化3、D【解析】根据速度大小关系，分析甲乙两物体间距离

12、的变化两图线的交点表示速度相等两物体由同一地点向同一方向作直线运动，当位移相等时两物体相遇图线的斜率等于加速度【详解】由图可知，甲做匀速运动，乙做匀加速运动。故A错误。开始阶段甲跑在的乙前面，20s后的一段时间内，甲仍在乙的前面，直到两者相遇。故B错误。在第20s末两物体速度相等，由图线的“面积”看出，这段时间内甲的位移大于乙的位移，乙还没有追上甲故C错误。两图线的交点表示速度相等。两物体由同一地点向同一方向作直线运动，当位移相等时两物体相遇，所以40s末乙追上甲，故D正确；故选D。【点睛】根据速度分析物体的运动情况是基本能力本题是匀加速运动追及匀速运动的问题，当两者速度相等时，相距最远；位移

13、相等时两者相遇。4、A【解析】A板向上移动时，两板间的正对面积减小，则由可知，电容器的电容减小，则由Q=UC可知，两板间的电势差增大，故静电计的张角变大；故A正确；B板向左移动时，两板间的距离减小，则C增大，故两板间的电势差减小，故B错误; 电容器之间充满介质，故C增大，则两板间的电势差减小，故C错误；电容器放走部分电荷后，电荷量减小，则电势差减小，故D错误；故选A点睛：对于电容器的动态分析，首先要明确不变量，然后再由定义式和决定式可确定电势差的变化5、C【解析】A由可知距离变大，万有引力变小，A错误；B由可知，半径小的周期小，B错误；C由可知半径小的，线速度大，C正确；D卫星由低轨道加速做离

14、心运动变到高轨道，D错误。6、D【解析】元电荷是指质子或电子的带电量，不是电子，故AB错误；元电荷就是电子或质子所带电量的数值，e=1.6010-19C，故C错误；元电荷是自然界中的最小电荷量，任何带电体所带电荷都是元电荷的整数倍。故D正确；故选D。【点睛】对于元电荷要注意它是最小的电量单位，明确这不是质子也不是电子，它只是在数值上等于它们的电量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A因为Q点的电场线较P点密集，可知P 点场强小于 Q 点场强，选项A错误；B

15、沿电场线电势降低，可知P 点电势高于 Q 点电势，选项B正确；CD将电子从 P 点移动到 Q 点，电场力做负功，电势能增大，选项C错误，D正确；8、BD【解析】匀加速直线运动的速度方向和加速度方向相同，而匀减速直线运动的速度方向和加速度方向相反，故A错误；由加速度的定义可知加速度的方向与速度变化方向相同，故B正确； 加速度表示速度变化的快慢，速度变化越快，加速度就越大，速度在单位时间内变化越大，与速度变化大小无关，故C错误；D正确所以BD正确，AC错误9、AD【解析】考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电

16、势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功-3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；故B错误C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为-2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的

17、各个力做的总功是机械能变化的量度【详解】10、BD【解析】试题分析：小球下落h，重力势能减少量为EP=mgh，故A错误；小球的动能变化等于合外力做的功，Ek=（mg-F）h=-2mgh，即动能减少了2mgh，故B正确；电场力的做功为W=-Fh=-3mgh，故C错误；小球的加速度方向向上，大小是2g，由牛顿第二定律可得，2mg=F-mg，电场力F=3mg，方向向上；电场力向上，小球向下运动，电场力做负功，电势能增加，EP=Fh=3mgh，故D正确；故选BD考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查对功能关系的理解能力，对于几对功能关系的理解要准确，不能张冠李戴，动能的变化由合力的做功决定，

18、重力势能的变化由重力做功决定电势能的变化有电场力的功决定三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC D 2.39 【解析】（1）1A、天平是测量质量的仪器。故A错误；B、电磁式打点计时器是测量时间的仪器。故B正确；C、电火花打点计时器是测量时间的仪器。故C正确；D、刻度尺是测量长度的仪器。故D错误。（2）2研究平抛运动利用了等效替代的思想，探究求合力的方法用到了等效替代的思想，探究功与速度变化的关系用到了等效替代的思想，探究探究加速度与力、质量的关系实验中，采用了控制变量法的思想，故D正确，ABC错误。（3）3C点的速度为：12、交流 细

19、线与长木板平行 1.9 0.77 【解析】12打点计时器使用交流电源，为零使绳子的拉力水平，需调整定滑轮的高度，细线与长木板平行3对整体分析，根据牛顿第二定律有mg-Mg=（M+m）a解得45连续相等时间内位移之差为1.92cm，根据x=aT2得， 第4个计数点的瞬时速度等于3、5间的平均速度，则四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2mv0，方向向左（2）（3）（4）【解析】(1)规定向右为正方向，由动量定理得：I=m（-v0）-mv0=-2mv0木板第一次和墙碰撞时受到墙的弹力冲量大小为2mv0，方向向左(2)当木板与墙第一次碰后速度为0时，向左运动距离最大。由动能定理：-3mg x1=0-解得(3)木板第一次与墙碰撞后，向左匀减速直线运动，直到静止，再反向向右匀加速直线运动直到与重物有共同速度v，规定向右为正方向，由动量守恒：得设此时木板向左运动距离为x，经过的时间为t1，由动能定理得得由动量定理得：得再