2023学年山东省新泰第一中学北校物理高二上期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、首先发现电流磁效应的科学家是A牛顿B爱因斯坦C居里夫人 D奥斯特2、小明有一把塑料玩具枪，某次在无风环境下他将

2、枪筒竖直向上发射子弹，发射子弹的间隔时间为1s，前两颗子弹在离枪口10m高处相碰，（忽略一切空气阻力，且子弹每次离开枪口时速度相同，g=10m/s2），则子弹离开枪口时的速度大小为（）A10m/sB15m/sC20m/sD25m/s3、下列说法中，正确的是（ ）A电场中，电势高的地方，电场强度一定大B电场中，电场强度大的地方，电势一定高C电场中任意两点的电势差与零势能点选取有关D电荷在电场中某点的电势能与零势能点选取有关4、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A甲的速率与乙的速率之

3、比为1：1B甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D甲的动能与乙的动能之比为1： 15、如图所示，一束正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转，如果让这些不偏转离子进入另一个匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入后一磁场的离子，可得出结论（ ）A它们的动能一定不相同B它们的电量一定不相同C它们的质量一定不相同D它们的电量与质量之比一定不相同6、如图所示，正方形区域abcd中充满匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。一个氢核从ad 边的中点m沿着既垂直于ad边又垂直于磁场的方向，以

4、一定速度射入磁场，正好从ab边中点n射出磁场。沿将磁场的磁感应强度变为原来的2倍，其他条件不变，则这个氢 核射出磁场的位置是（ ）A在b、n之间某点B在n、a之间某点Ca点D在a、m之间某点二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路，电源内阻不可忽略在滑动变阻器滑片由a滑向b的过程中，下列说法中正确的是A电流表示数增大B小灯泡L亮度增加C电源内电阻消耗功率减小D电源输出功率一定增加8、如图所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两个互感器若已知甲和乙的原、副线圈匝

5、数比分别为1000：1和1：100，两个电表的示数分别为10A和220V则( )A电表A是电压表B电表A是电流表C线路输送的电功率为D线路输送的电功率为9、如图所示，在正方形的四个顶点各放一电荷量均为Q的点电荷(电性如图所示)，a、b、c、d是正方形边长的中点，则以下说法中正确的是()Aa、b、c、d四点的场强相同Ba、c两点的场强一定等大且反向Cb、d两点的场强相同De点的场强一定为零10、下列现象中属于静电技术应用的是( )A煤矿“瓦斯”爆炸B静电喷涂C静电除尘D静电复印三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用实验室的斜面小槽等

6、器材装配如图甲所示的实验装置，小槽末端水平每次都使钢球在斜槽上从同一位置由静止滚下，钢球在空中做平抛运动，设法用铅笔描出小球经过的位置，连起来就得到钢球做平抛运动的轨迹（1）某同学在安装实验装置和进行其余的实验操作时都准确无误，他在分析数据时所建立的坐标系如图乙所示他的错误之处是_（2）该同学根据自己所建立的坐标系，在描出的平抛运动轨迹图上任取一点（x，y），运用公式v0=xg2y，求小球的初速度v0，这样测得的平抛初速度值与真实值相比_（选填“偏大”“偏小”或“相等”）（3）该同学在自己建立的坐标系中描绘出钢球做平抛运动的轨迹及数据如图丙所示，据图象可求得钢球做平抛运动的初速度为_m/s，钢

7、球的半径为_cm(均保留2位有效数字)12（12分）（1）在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，下列器材中必须要用的是（多选）_；AB C D（2）在“探究加速度与力和质量的关系”实验中，某同学在保持力一定的情况下，探究加速度a与质量m的关系。该同学测出数据后，做出了a与_（填“m”或“1m”）的图像，并根据该图像直观的找到了加速度a与质量m的关系。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为q=1.010-6C的点电荷由A点沿水平线移至B点，静电力做了21

8、0-6J的功，已知A、B间的距离为2cm（1）试求A、B两点间的电势差UAB；（2）若A点的电势为A=1V，试求B点的电势B；（3）试求该匀强电场的大小E并判断其方向14（16分）某一用直流电动机提升重物的装置，如下图所示重物的质量m=50kg，电源的电动势为E=110 V不计电源电阻及各处的摩擦电动机以v=0.90 m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度I5 A求：（1）电动机的电功率（2）电动机输出的机械功率（3）电动机的热功率（4）此电动机线圈的电阻R15（12分）如图所示，在倾角37的斜面上，固定一金属框，其宽l0.15 m。接入电动势E3 V、内阻不计的电源垂直框边放有一根

9、质量m0.1 kg的金属棒ab，它与框架的动摩擦因数0.5，整个装置放在磁感应强度B0.8 T、方向垂直框面向上的匀强磁场中，框架与棒的电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s1（1）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒与框架之间恰好无摩擦；（1）当滑动变阻器R的阻值调为多大时，金属棒恰好要沿框架向上滑动。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特，故选D.2、B【解析】设第二颗子弹运动时间t后与第一颗子弹碰撞，取向上为正方向，则有且第一颗有联立解得故选B。3、

10、D【解析】电场强度的大小与电势的高低没有关系，电场中，电势高的地方，电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高，故AB错误；电场中，电势的高低与零势能点的选取有关，电势差的大小与零势能点的选取无关，故C错误；根据Ep=q知，电势的大小与零势能点的选取有关，则电势能的大小与零势能点的选取有关，故D正确4、C【解析】甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动

11、量大小相等，方向相反。由动量定理：I=mv=P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1故C正确；动能的表达式：Ekmv2，所以：故D错误。故选C。【点睛】该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。5、D【解析】考查带电粒子在复合场中的运动。【详解】垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，未发生任何偏转，则有：即所有离子速度相同；进入另一个匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，即在另一个匀强磁场中做圆周运动，半径不同，由半径公式：可知，它们的电量与质量之比一定不相同，D正确。故选D。6、C【解析】试题分析：根据洛伦兹力提供向心

12、力则有，即可知，磁场加倍后，半径应该减小一般，所以一定从a处飞出。考点：洛伦兹力提供向心力点评：本题考查了常见的洛伦兹力提供向心力的计算方法。常见的还有根据轨迹计算时间等。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、滑片向b端移动时滑动变阻器接入电阻增大；则电路中总电流减小；由E=U+Ir可知，路端电压增大；则流过R的电流增大；故电流表示数增大；故A正确；B、因总电流减小，而流过R的电流增大；由并联电路的分流规律可知，流过灯泡的电流减小；故灯泡亮度减小；故B错

13、误；C、因电流减小，则由功率公式可知，是源内部消耗的功率减小；故C正确；D、当电源内外电阻相等时，电源的输出功率最大；本题无法得出内外电阻的大小关系；故无法确定功率的变化；故D错误；故选AC【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律及功率公式，在解题时要注意明确电源的输出功率的极值问题的应用；注意电源的总功率随外电阻的变化而变化，防止错选D8、AC【解析】电压互感器是将高低压变成小电压，所以原线圈的匝数多余副线圈的匝数，所以甲图是电压互感器，电表A是电压表故A正确，B错误根据变压器电压表等于匝数比，解得：，只有一个副线圈的变压器，电流比等于匝数的反比，则线路输送的电功率为，故C正确，D错误故选AC【点睛

14、】根据两种互感器的特点可知，甲图是电压互感器，乙图是电流互感器变压器原副线圈的电压比等于匝数比只有一个副线圈的变压器，原副线圈中的电流比等于匝数的反比9、BD【解析】设正方向边长为L，每个电荷电量为Q，对a点研究，左侧的一正一负两个电荷在a点的合场强方向向下，大小为E1=2kQ12L2=8kQL2，右侧的一正一负两个电荷在a点的合场强方向向上，大小为E2=2kQ52L212L52L=85kQ25L2，a点的合场强的方向向下，大小为Ea=E1-E2；同理，可以求出bcd各点的场强的大小都是E1-E2，方向分别是向右、向上、向左，则a、c两点的场强一定等大而反向，b、d两点的场强一定等大而反向，A

15、C错误，B正确；由图可知，两个正电荷在e点产生的场强大小相等，方向相反，合场强为0，两个负电荷在e点产生的合场强也是大小相等，方向相反，合场强为0，所以e点的合场强为0，D正确；选BD.10、BCD【解析】A、矿井瓦斯爆炸是一种热一链式反应（也叫链锁反应） 瓦斯爆炸就其本质来说，是一定浓度的甲烷和空气中的氧气在一定温度作用下产生的激烈氧化反应，故A错误B.喷枪喷出的油漆微粒带正电,因相互排斥而散开,形成雾状,被喷涂的物体带负电,对雾状油漆产生引力,把油漆吸到表面,属于静电应用，故B正确；C.静电除尘时除尘器中的空气被电离,烟雾颗粒吸附电子而带负电,颗粒向电源正极运动,属于静电应用,故C正确;D

16、.静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上,属于静电应用,故D正确;综上所述本题答案是：BCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)坐标原点O的位置不该选在斜槽末端,而应上移至小球圆心在白纸上的投影处 偏大 2.0 2.0 【解析】(1) 该同学的错误之处是坐标原点O的位置不该选在斜槽的末端，而应上移至小球圆心在白纸上的投影处；(2) 由于坐标原点偏下，所以在计算飞行时间时t=2yg偏小，由v0=xt知，实验求出的初速度比真实值偏大；(3) 在竖直方向上，根据y=gT2得：T=yg=(0.43-0.18)-(0.18-0.

17、03)10s=0.1s 则平抛运动的初速度为：v0=xT=0.20.1ms=2.0ms 纵坐标为18cm处的竖直分速度为：vy=0.43-0.030.2ms=2.0ms 抛出点到该点的竖直位移为：y=vy22g=420m=0.2m=20cm 则钢球的半径为：r=20-18cm=2.0cm。点晴：根据实验的原理和操作中的注意事项确定实验中的错误之处，根据飞行时间的测量误差确定初速度的测量误差，根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度。12、BD 1m 【解析】选择实验所需的器材，结合实验步骤考虑每步用到哪些器材，这样容易联想容易记忆；“探

18、究加速度与力、质量的关系”实验中，研究三者关系必须运用控制变量法，通过图象得出两个物理量之间的关系，该图线需是线性图线；【详解】解：(1)关于“探究小车速度随时间变化的规律”的步骤：木板平放，并使滑轮伸出桌面，把打点计时器固定，连接好电路；穿纸带；挂钩码；先接通电源，然后放开小车，让小车拖着纸带运动，打完一条后立即关闭电源；换纸带，加钩码，再做二次；最后用刻度尺测量两点间的距离；所以在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，器材中必须要用的是小车和打点计时器，故B、D正确，A、C错误；(2)为了探究加速度与质量的关系，应保持F不变，为了直观地判断加速度a与质量m的数量关系，应作a-1m图象，此图象是一条直线。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2V（2）-1V（3）200V/m【解析】（1）由题意可知，静电力做负功，有：WAB=2106J根据UAB= （2）由UAB=AB，可得B=AUAB=1V2V=1V（3）沿着电场方向的位移为d=2102cos60m=1102m沿着电场线方向电势降低，所以电场线的方向：沿电场线斜向