福建省南安市华侨中学2023学年物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个大小相同的金属小球A、B分别带有qAqB=41数值的电荷量，相距较远，相互间引力为F现将另一个不带电的、与A、B完全相同的金属小球C，先与A接触，再与B接触，然后离

2、开，则A、B间的作用力变为ABCD2、一电流表串联一个分压电阻后就改装成一个电压表，当把它和标准电压表并联后去测某电路中的电压时，发现标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V .为了使它的读数准确，应( )A在原分压电阻上再串联一个较小的电阻B在原分压电阻上再并联一个较大的电阻C在原分压电阻上再串联一个较大的电阻D在原分压电阻上再并联一个较小的电阻3、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A加5V电压时，导体的电阻约是10B加12V电压时，导体的电阻约是8C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，该元件可能是定值电阻4、如图所示，原来不带电的金

3、属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是A只有M端验电箔张开，且M端带正电B只有N端验电箔张开，且N端带正电C两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电D两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电5、真空中有两个带同种电荷的点电荷q1、q2，它们相距较近，固定q1，由静止释放q2，q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中的速度（ ）A不断增大B不断减小C始终保持不变D先增大后减小6、科学家在物理学的研究使用了许多研究方法，如控制变量法、等效法、类比法、理想模型法、微元法等等，这些方法对我们学好物理有很大帮助，以下关于所用物理学研

4、究方法的叙述正确的是( )A在研究带电体时满足一定条件可以把带电体当做点电荷，这利用了等效法B在研究电场时，常用人为假设的电场线来描述真实的电场，这用的是微元法C在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时应用了控制变量法D在电路中，可以用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了类比法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在粗糙导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成角.下列

5、说法正确的是A导体棒受到安培力大小为ILBsinB导体棒受到导轨摩擦力大小为ILBcosC导体棒对轨道的压力大小为D导体棒对轨道的压力大小为8、如图所示，电子经加速电场（电压为U1）后进入偏转电场（电压为U2），然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有( )A增大U1B减小U1C增大U2D减小U29、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（ ）AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：110、如图为一匀强电场，某带电粒子

6、从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功大小为1.0J，电场力做的功大小为0.5J（只受电场力、重力作用），则下列说法正确的是A粒子带负电B粒子在A点的电势能比在B点少0.5JC粒子在A点的动能比在B点多0.5JD粒子在A点的机械能比在B点少0.5J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化。所给器材如下：A电流表（0200mA，内阻0.5）B电流表（00.6A，内阻0.01）C电压表（03V，内阻5k）D电压表（015V，内阻50k）E滑动变阻器（0

7、10，0.5A）F滑动变阻器（01k，0.1A）G电源（3V）H电键一个，导线若干。（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_（填所选仪器前的字母）。（2）在答题卡卷的虚线框中画出完成此实验的电路图_。（3）此实线描绘出的IU图线是_（填“曲线”或“直线”），其原因是_。12（12分）（1）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是_mm。（2）用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图2所示的读数是_mm。（3）如图3所示的电流表读数为_A，如图4所示的电压表读数为_V（4）某同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向

8、欧姆挡“100”档位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太小，这时他应将选择开关换成另一个挡位，然后进行欧姆调零，再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如右图所示，则此段电阻丝的电阻为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个电动机，线圈电阻是0.4，当它两端所加的电压为220V时，通过的电流是5A这台电动机每分钟所做的机械功有多少?14（16分）如图所示，小球的质量为m=0.1 kg，带电荷量为q=+1.0105 C，悬挂小球的细线与竖直方向成=37时，小球恰好在水平匀强电场中静止不动，sin37=0.

9、6，cos37=0.8，g取10 m/s1求：（1）电场力的大小；（1）电场强度的大小和方向；（3）此时细线的拉力大小15（12分）如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L若将电荷量均为q的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量为k，求：(1)两点电荷间的库仑力大小；(2)C点的电场强度.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】原来AB球之间是库仑引力，故AB带异种电荷，不妨设A为正电荷、B为负电荷。原来AB之间的库仑引力为第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为2

10、q，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；2、A【解析】两电压表并联，通过它们的电压相等，标准表读数为2V时，而改装表的读数为2.1V，说明改装后的电压表串联的电阻稍小，而导致电流稍大；为校准电压表，应使串联的电阻阻值稍微增大，可以在原分压电阻上再串联一个较小的电阻，故A正确，B、C、D错误故选A。3、B【解析】A. 当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻故A项与题意不相符；B. 当U=12V时，由图知电流为I=1

11、.5A，则导体的电阻故B项与题意相符；CD. 由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，所以随着电压的增大导体的电阻不断增大，故CD项与题意不相符4、C【解析】由于电荷间的相互作用，所以M端带正电，N端带负电，MN两端的金箔都会张开，是感应起电现象故C项正确，ABD三项错误5、A【解析】试题分析：带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据F=可知距离增大，电场力将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确考点：库仑定律6、C【解析】A. 在研究带电体时满足一定条件可以把带电体当做点电荷，这利用了建立理想模型法，故A错误

12、B. 在研究电场时，常用人为假设的电场线来描述真实的电场，这用的是假设法，故B错误C. 在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时应用了控制变量法，故C正确D. 在电路中，可以用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A错误；B由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为，B正确；CD根据共点力平衡规律得：得导

13、体棒对轨道的压力大小为，C正确，D错误。8、BC【解析】试题分析：电子经过加速电场后，即当电子恰好能飞出偏转电场时有：，所以可得，要使电子飞不出偏转电场，相等于y增大，所以需要减小U1或者增大U2所以选BC考点：考查了带电粒子在电场中的偏转问题点评：本题的关键是找出电子飞不出偏转电场的临界条件9、AD【解析】AB根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以故A正确，B错误；C串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比故C错误；D并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比故D正确10、AD【解析】粒子从A点运动到B点，受电场力向右，与场

14、强方向相反，粒子带负电，A对由A到B电场力做正功，电势能减少0.5JB错重力做负功，合外力做功为0.4J，动能增量为0.4J，C错机械能对应非重力功，即电场力做功，电场力做正功0.5J，机械能增加0.5J,D对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACEGH 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化 【解析】（1）1 描绘标有“3V 0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，需要：电源、开关、导线，灯泡额定电压为3V，电压表需要选择C，灯泡额定电流为电流表选择A；描绘小灯泡的伏安特性曲线电压要从0开始，所以需要分压式电路，要选择电阻值比较小的滑动变阻器E

15、。故选ACEGH。（2）2 描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流需要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，则电路如图所示。（3）3 由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比，所以描绘出的图线是曲线。4 由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比。12、13.55mm 0.6800.001mm 0.46A 1.900.01V 13000 【解析】（1）游标卡尺的读数是：1.3cm+0.05mm11=13.55mm。（2）螺旋测微器的读数是：0.5mm+0.01mm18.0=0.680mm。（3）如图3所示的电

16、流表最小刻度为0.02A，则读数为0.46A，如图4所示的电压表最小刻度为0.1V，则读数为1.90V（4）欧姆表指针的偏转角度太小，则说明倍率档选择过小，要换用大量程的，即选1000档，其阻值为：131000=13000；【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读欧姆表要注意倍率的选取四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、65400J【解析】电动机内部有线圈和转动部分，所以220V的电压一部分加在线圈上，一部分加在转动部分上；U线圈=Ir=2V，P内=UI=10W，P总=2205=1100W，电动机输出的机械功率：P出=1100-10=1090W一分钟做的功：W=Pt=109060=65400J14、（1）0.75N；（1）方向水平向右（3）1.15N；【解析】（1）对小球进行受力分析如图所示由平衡知识可知电场力F=mgtan37=0.75N（1）根据可得方向水平向右（3）由平衡知识可知：细线拉力15、（1）F=kq2L2（2）E=3kqL2,方向沿y轴正方向【解析】(1)根据库仑定律公式