福建省上杭县第一中学等六校2023学年高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=

2、10cm，ad=bc=20cm电场线与矩形所在平面平行已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，则下列说法正确的是（）Acd间电势差一定为4VBc点电势可能比d点低C电场强度方向一定由b指向aD电场强度大小一定为E=40V/m2、当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率 f 和波源振动的频率 f 的关系为Af f Bf f Cf f D无法确定3、静电力常量在国际单位制中的单位是（ ）ABCD4、关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（ ）A摩擦起电说明通过做功可以创造电荷B摩擦起电说明电荷可以创造C感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D感应起电说明电荷从带电的物

3、体转移到原来不带电的物体上去了5、某位移式传感器的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，平行金属板A、B和介质P构成电容器，在可移动介质P向左匀速移出的过程中( ) A电容器的电容大小不受影响B电容器所带的电荷量增大C电容器两极板间的电压增大D电路中电流的方向为MRN6、如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为60的墙面上静止。墙面对木块 A压力大小可能为零B摩擦力大小可能为零C压力与摩擦力的合力大小为FD压力与摩擦力的合力大小为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0

4、分。7、 “蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是( )A绳对人的冲量始终向上，人的动量先增大后减小B绳对人的拉力始终做负功，人的动能先增大后减小C绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力8、如图所示电路具有测量电流和电压两种功能，以下说法正确的是A开关S拨到1、2为电流挡B开关S拨到3、4为电流挡C开关S拨到1时比拨到2时量程大D开关拨到3时比拨到4时量程大9、粗细均匀的电阻丝围成边长为L的正方形线框置于有界的匀强磁场

5、中，磁场方向垂直于线框平面，磁感应强度为大小B，其右边界与正方形线框的bc边平行，现使线框以速度v匀速平移出磁场，如图所示，则在移出的过程中Aad边的电流方向为adBad边的电流方向为daCad两点间的电势差绝对值为Dad两点间的电势差绝对值为10、带电粒子在匀强电场中的运动轨迹如图所示，如果带电粒子只受电场力作用从a到b运动，下列说法正确的是（ ）A粒子带正电B粒子在a和b点的加速度相同C该粒子在a点的电势能比在b点时大D该粒子在b点的速度比在a点时大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）然后用螺旋测微器测量该铜片的厚度，示数如图

6、所示，其厚度为_mm。 12（12分）两位同学用如图所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律（1）实验中必须满足的条件是_A斜槽轨道尽量光滑以减小误差B斜槽轨道末端的切线必须水平C入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下D两球的质量必须相等（2）测量所得入射球A的质量为mA，被碰撞小球B的质量为mB，图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影，实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平抛射程分别为OM和ON当所测物理量满足

7、表达式_时，即说明两球碰撞中动量守恒；如果满足表达式_时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞（1）乙同学也用上述两球进行实验，但将实验装置进行了改装：如图12所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球A、球B与木条的撞击点实验时，首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为B；然后将木条平移到图中所示位置，入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点P；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与球B相撞，确定球A和球B相撞后的撞击点分别为M和N测得B与N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h1若所测物理量满足表达式_时，则说明球

8、A和球B碰撞中动量守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A，求：(1)电动机产生的热功率；(2)电源的输出功率；(3)电动机的输出机械功率。14（16分）如图所示，绝缘水平面上的AB区域宽度为d，带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从A点进入AB区域，当滑块运动至区域的中点C时，速度大小为，从此刻起在AB区域内加上一个水平向左的匀强电场，

9、电场强度E保持不变，并且区域外始终不存在电场（1）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，求滑块离开AB区域时的速度（2）要使小滑块在AB区域内运动的时间到达最长，电场强度E应满足什么条件？并求这种情况下滑块离开AB区域时的速度15（12分）下表是一辆电动自行车的部分技术指标，其中额定车速是指电动车满载情况下在平直道路上以额定功率匀速行驶的速度额定车速车质量载重电源电源输出电压充电时间额定输出功率电动机额定工作电压和电流18km/h40kg80kg36V/12Ah36V68h180W36V/6A请参考表中数据，完成下列问题（g取10 m/s2）：（1）此车所配电动机的内阻是多少？（2

10、）在行驶过程中电动车受阻力是车重（包括满载重）的k倍，试计算k的大小；（3）若电动车满载时在平直道路上以额定功率行驶，且阻力大小恒定，当车速为3m/s时，加速度为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差电场线方向无法确定，场强大小不能求出解：A、C根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=求出场强的大小故AC错误B、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电

11、势差必等于ba间电势差，为4V故B正确D、cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V故D错误故选B【点评】本题的关键在于抓住匀强电场的等势面与电场线分布均匀的特点，分析cd间电势差与ba间电势差的关系2、B【解析】f由波源每秒钟所振动的次数决定,介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小,即f f .故ACD错误,B正确. 故选B【点睛】利用多普勒效应分析即可,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小;当观察者靠近波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到

12、的频率大.3、C【解析】静电力常量在国际单位制中的单位是，选项C正确，ABD错误。故选C。4、C【解析】摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体，在转移过程中电荷总量是守恒的，故AB错误；感应起电是电荷从物体的一个部分转移到物体另一个部分，且在转移过程电荷总量也是守恒的，并不是从带电的物体转移到原来不带电的物体，故C正确；D错误；故选C5、D【解析】在介质P向右匀速移出的过程中，根据电容的决定式：分析可知电容变小，电容器始终与电源相连，故电压不变，由：可知电容器电荷量减小，电容器处于放电状态，则流过电阻R的电流方向从M到N，M点的电势比N点的电势高，故选D.6、D【解析】对木块进行受力分析，根

13、据共点力平衡，抓住合力为零，运用正交分解求出压力和摩擦力的合力。【详解】木块受到重力和水平力F后，墙面对木块一定有压力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否则不能平衡。故AB错误；木块受重力、支持力、推力和静摩擦力平衡，根据多个共点力平衡的特点可知，墙壁的支持力与摩擦力的合力一定与重力与F的合力大小相等，方向相反，所以墙壁的支持力与摩擦力的合力为，故D正确，C错误。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A、由于绳对人的作用力一直向上，故绳对人的冲量始终向上

14、，由于人在下降中速度先增大后减小；故动量先增大后减小；故A正确；B、在该过程中，拉力与运动方向始终相反，绳子的力一直做负功；但由分析可知，人的动能先增大后减小；故正确；C、绳子恰好伸直时，绳子的形变量为零，弹性势能为零；此时人有向下的加速度，速度会继续增大，所以此时人的动能不是最大，故C错误；D、人在最低点时，速度为零，但有向上的加速度，所以绳子对人的拉力一定大于人受到的重力；故D错误综上所述本题答案是：AB8、AC【解析】要测量电流，电流表应与电阻并联，要测量电压，电流表应与电阻串联；【详解】AC、要测量电流，电流表应与电阻并联，由图可知当转换开关S旋到位置1、2位置是电流表，电流表所串并联

15、的电阻越小，所测量电流值越大，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，故A、C正确；BD、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置3、4时测量的是电压，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到4的量程比旋到3的量程大，故B、D错误。故选AC。【点睛】关键是知道要测量电压，电流表应与电阻串联，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大；要测量电流，电流表应与电阻并联，电流表所串并联的电阻越小，所测量电流值越大。9、BD【解析】AB.由右手定则可知，ad边的电流方向为da，故A错误，B正确；CD. 在线框以速度v向右运动的过程中，只有ad边在

16、切割磁感线，产生感应电动势，根据可以知道，线框上的感应电动势设每边的电阻为R，根据闭合回路欧姆定律得：ad两端的电势差的绝对值是路端电压故D正确，C错误；10、BCD【解析】A由于粒子运动轨迹越来越向上弯曲，可判断它受的电场力方向为竖直向上，与电场方向相反，所以粒子应带负电。故A错误。B匀强电场中粒子所受的电场力恒定，加速度相同。故B正确。CD从a到b由于电场力方向速度方向成锐角，电场力做正功，则电势能减小，动能增大，故该粒子在b点的电势能比在a点时小，在b点的速度比在a点时大。故CD正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.195

17、(6.1946.196)【解析】螺旋测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为19.50.01mm=0.195mm，所以最终读数为6mm+0.195mm=6.195mm（6.1946.196）12、BC mAOP= mAOM+ mBON OP+OM=ON 【解析】A、“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B、要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；C、要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；D、为了使小球碰后不被反弹，要求入射小球质量大于被碰小球质量

18、，故D错误；故选BC小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时间t相等，它们的水平位移x与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若两球相碰前后的动量守恒，则mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是弹性碰撞，则机械能守恒，由机械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，将OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；小球做平抛运动，在竖直方向上：h=gt2，平抛运动时间：t=，设轨道末端到木条的水平位置为x，小球做平抛运动的初速

19、度：vA=，vA=，vB=，如果碰撞过程动量守恒，则：mAvA=mAvA+mBvB，将速度代入动量守恒表达式解得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2W；(2)20W；(3)12W。【解析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的。对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。【详解】(1)电动机的发热功率为P热=I2R=220.5W=2W；(2)电源的输出的功率为P输出=EI-I2r=(122 -221)W=20W；(3)电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为U=E-U内-UR0= E-Ir-IR0=（12 -21-21.5）V=7V则电动机的总功率为P总=UI=72W=14W