15届高三物理押题卷

1、15届高三物理押题卷15届高三物理押题卷13/1315届高三物理押题卷届高三物理押题卷选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第1418题只有一项切合题目要求，第1921题有多项切合题目要求。所有选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14如下图，两颗卫星环绕着质量为M的中心星体做匀速圆周运动。若两颗卫星和中心星体一直在同向来线上，两颗卫星间的作用及其余星体对两颗卫星的作用均忽视不计，则以下判断正确的选项是（）两颗卫星的轨道半径相等MB两颗卫星的向心加快度同样C两颗卫星的向心力大小相等D两颗卫星的动能相等15如下图，一质量为M、倾角为的斜面体放在圆滑水平川面上，斜面上

2、叠放一质量为m的圆滑楔形物块，物块在水平恒力的作用下与斜面体一同恰巧保持相对静止地向右运动。重力加快度为g。以下判断正确的选项是（）A水平恒力大小F=mgtanB地面对斜面体的支持力大小N2=(M+m)gC物块对斜面的压力大小N1=mgcosD斜面体的加快度大小为gtan16如下图，直角三角形OAB地区内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，C为AB的中点。现有比荷同样的两个分别带正、负电的粒子（不计重力）沿OC方向同时从O点射入磁场。角B为30以下说法正确的选项是（）A如有一个粒子从OA边射出磁场，则另一个粒子必定从OB边射出B磁场B如有一个粒子从OB边射出磁场，则另一个粒子必定从CA边射出C磁场

3、C若两个粒子分别从A、B两点射出磁场，则它们在磁场中运动的时AO间之比为21D若两个粒子分别从A、B两点射出磁场，则它们在磁场中运动的轨道半径之比为1317在圆滑水平面上充满水平向右的匀强电场，被拉直的绝缘轻绳一端固定在O点，另一端系着带正电的小球，轻绳与水平面平行，OB与电场线平行。若小球从A点由静止开释后，沿水平面摇动到B点，不计空气阻力，则对于此过程，以下判断正确的选项是()A小球的动能先变小后变大AOBEB小球的切向加快度向来变大C小球遇到的拉力先变大后变小D小球遇到的电场力做功功抢先增大后减小18在绝缘水平面上方平均散布着方向与水平向右成60角斜向上的磁场中，一通犹如图所示的恒定电流

4、I的金属方棒，在安培力作用下水平向右做匀速直线运动。已知棒与水平面间的动摩擦因数=3。若在磁场方向由图示方向开始沿逆时针迟缓转3B动至竖直向上的过程中棒一直保持匀速直线运动，此过程中磁场方向I60与水平向右的夹角设为，则对于磁场的磁感觉强度的大小B与的变化关系图象可能正确的选项是（）111B/TB/T-1B/T-1B/T-1OO90/O/O90/306090306090/ABCD19如图甲所示，在绝缘水平面内有一固定的圆滑金属导轨cd、eg，端点d、e之间连结一电阻R，金属杆ab静止在金属框架上，整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中。导轨及杆ab的电阻忽视不计。现对杆ab施加一沿dc方向的外力

5、F，使杆ab中的电流i随时间t的图象如图乙所示。运动中杆ab一直垂直于导轨且接触优秀。以下对于外力F、杆ab遇到的安培力功率大小P随时间t变化的图象，不行能正确的选项是()20如下图，轻弹簧下端悬挂着质量为M的物块，物块静止后，在其下方轻绳的下端轻轻地挂上一质量为m的钩码，并将钩码m由静止开释。弹簧一直在弹性限度内，重力加快度为g。已知以下四个对于轻绳对钩码的最大拉力Tm的表达式中只有一个是正确的，请你依据所学的物理知识，经过必定的剖析判断不正确的表达式是（）mM+2mmM+2mAT=M+mmgBT=M+mMgMmM+2mM+mCTm=MmmgDTm=M+2mmg21如下图，在远距离输电电路中

6、，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，变压器、电表均为理想化的。若发电厂的输出功率减小，则以下说法正确的选项是（）A电压表V1示数减小，电流表A1减小A1A2发B电压表V2示数增大，电流表A2减小用C输电线上消耗功率增大电V1V2厂户升压变压器降压变压器D用户总功率与发电厂的输出功率的比值增大22某学习小组利用图1所示装置做“考证机械能守恒定律”的实验。若某同学按图1所示开始实验，则一个很显然的不合理之处是_。经纠正后，按正确操作，获得如图2所示的一条点迹清楚的纸带，用刻度尺测得开端点O到计数点A、B、C、D各点的距离分别为h、h、h、h，相邻计数点间时间间隔为T，从O到D的时间为t。若用

7、1234O、C两点来考证机械能守恒定律，为了计算打下C点时的重物的速度大图1小，甲、乙、丙、丁四位同学供给了四个计算式，此中正确的选项是_。（填选项前的字母）A甲同学：=2gh3h4CB乙同学：=gth2h3C4h2h1C丙同学：=hC2TOABCD4h3图2hD丁同学：C=T供给正确计算式的同学发现，以C点算出的重力势能mgh3总比1m2略大些，这主假如因2C为_。23某多用电表内欧姆挡“的1”内部电路图如下图，小明同学将电阻箱和电压表V并联后接在两表笔a、b上，欲用图示的电路丈量多用电表内部的电阻r（远小于电压表V的内阻）和电池的电动势E。实验的主要步骤为：2.502.001.501.00

8、0.501/V-1U00.020.040.060.081.001/-1R(1)表笔a为_(填“红表笔”或“黑表笔”)。将选择开关转至欧姆挡“，1”将红黑表笔短接，调理_，使指针指在_(填“左”或“右”)侧零刻度处。11(2)改变电阻箱R的阻值，分别读出6组电压表和电阻箱的示数U、R，将U、R的值算出并记录在表格中，请将第3、5组数据的对应点在座标纸上增补标出，并作出11图线。UR组数123456R100.050.025.016.712.59.110.010.020.040.060.080.11RU1.200.950.740.600.500.4010.831.051.351.682.002.50

9、U(3)依据图线获得电动势E=_V，内电阻r=_。(结果保存三位有效数字)因为电压表的分流作用，多用电表内部电池的电动势的丈量值比真切值“大”或“小”）。24如下图，长为L的轻杆下端用铰链固定在圆滑的水平面上的C点，上端有一个质量为m的圆滑小球A（视为质点），小球旁轻_（填mA靠有一正方体滑块B。若用一大小为mg的水平恒力（g为重力加快LB度大小）向右作用于小球A，当杆与水平面成=30角时A、B恰巧分别，求：（提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与C2其速率的关系为F向mL）1）A、B分别瞬时球A的速度大小；2）滑块B的质量M；（3）球A刚要触地时球对杆的作使劲F大小和方向。18如下

10、图，有一磁感觉强度大小为B的水平匀强磁场，其上下水平界限的间距为H；磁场的正上方有一长方形导线框，其长和宽分别为L、d（dH），质量为m，电阻为R。现将线框从其下面缘与磁场上界限间的距离为h处由静止开释，测得线框进入磁场的过程所用的时间为t。线框平面一直与磁场方向垂L直，线框上下面一直保持水平，重力加快度为g。求：d（1）线框下面缘刚进入磁场时线框中感觉电流的大小和方向；h（2）线框的上面沿刚进磁场时线框的速率1；（3）线框下面缘刚进入磁场到下面缘刚走开磁场的全过程中产生的总焦耳热Q。H33(1)对于分子动理论和热力学定律，以下说法中正确的选项是（）空气相对湿度越大时，水蒸发越快B物体的温度越

11、高，每个分子的动能都增大C第二类永动机不行能制成是因为它违犯了热力学第必定律D两个分子间的距离由大于9分子间作使劲10m处渐渐减小到很难再凑近的过程中，先增大后减小到零，再增大E若必定量气体膨胀对外做功50J，内能增添80J，则气体必定从外界汲取130J的热量如下图，一根两头关闭的平均玻璃管AB，内有一段长L=3cm的水银柱将两段空气柱分开。当玻璃管放在水平桌面上时，L1=45cm，L2=105cm，管中空气的压强p=20cmHg。现将玻璃管A端迟缓抬起直至玻璃管处于竖直状态，管中空气的温度与环境温度同样且恒为27。ABL1LL2（1）求玻璃管处于竖直状态时A端空气柱的长度L1及其压强p1；（

12、2）若玻璃管处于竖直状态时用冰块包在A管四周以降低A管中空气的温度，直至管中空气柱长度仍为105cm，求此时A管中空气的温度t。（设此过程中B管中空气的温度不变）B34(1)t=0时刻位于坐标原点O的波源沿y轴方向开始振动，形成沿x轴正方向流传的简y/cm2001234567x/m-20QP谐横波，点的距离t5s时波源停止振动，t6.5s时的波形图如下图，现在质点x4m。以下说法正确的选项是()P的均衡地点与OA04s时间内质点P运动的总行程为80mBt=0时刻波源的振动方向沿y轴负方向Ct7s时刻质点P位于波峰Dt6.5s时刻开始质点Q比质点P第一次先回到均衡地点(2)如下图，等腰三角形AB

13、D为折射率n=3的某透明介质的横截面，AD=2L，A=B=30，P为AD边的中点。在ABD平面内有一细束光芒以入射角i=60从P点射入介质中。已知光在真空中的速度为c。求光从P点入射到第一次从介质中射出所用的时间t。DPAB35(1)对于原子和原子核，以下说法正确的选项是（）A粒子散射实验揭露了原子核内部的复杂性B依据玻尔理论可知，氢原子核外电子跃迁过程电子的电势能和动能之和是不守恒的C依据玻尔理论可知，一个氢原子核外电子从n=4能级向低能级跃迁最多可辐射3种频次的光子D已知23490Th的半衰期是24天，48g的23490Th经过72天后衰变了42g(2)如下图，静止在水平面上的弧形木板质量

14、为2m，AB部分是半径为R、圆心角=53的圆弧轨道，BC部分是长为L的水平轨道。一质量为m的小物块（视为质点）从A处轻轻开释后恰巧滑抵达C点。已知物块与弧形木板间的动摩擦因数为，sin53=0.8，cos53=0.6，重力加快度为g。求：OmRAMBC1）物块抵达B点时的速度大小B；2）物块经过圆弧轨道的过程中战胜摩擦力做的功Wf。Mm【答案】14A提示】由“两颗卫星和中心星体一直在同向来线上”得悉两颗卫星的角速度相等，依据Gr2=m2r，得r=3GM2，可见两颗卫星的轨道半径相等，选项A正确；由a=2r得向心加快度大小a1=a2，但方向相反，选项B错误；由万有引力供给向心力即F向=GMm2知

15、，F向与卫星的质量m相关，因为两颗rMm212Mm卫星的质量关系不确立，选项C错误；依据与m相关，选项Gr2=mr得卫星的动能Ek=m=G2r2D错误。15B【提示】物块与斜面体相对静止，加快度同样，对物块、斜面体整体，竖直方向上受力均衡有N2=(M+m)g，选项B正确；水平方向上依据牛顿第二定律有F=(M+m)a，对斜面体，竖直方向上受力均衡有2111mg，a=mM+mN=Mg+Ncos，水平方向上依据牛顿第二定律有Nsin=Ma，解得N=cosMgtan，F=Mmgtan，选项A、C、D均错误。2m。由题意可知，两个粒子分别顺、逆时针偏转，但它们的速16C【提示】由qB=m得轨道半径R=R

16、qB率关系未知，轨道半径关系也未知，选项A、B均错误；若两个粒子分别从A、B两点射出磁场，如下图，则=60，=30，OA=OBtan30，R1=OA，R2=OB，得R1=B2sin2sinR2R212m22t12T=，选项D错误；周期qB同样，由t1=T、t2=T得t2，选3221C项C正确。O217D【提示】小球从A点摇动到B点的过程中，只有电场力做功且向来做正功，依据动能定理知小球的动能Ek向来增大，选项A错误；小球从AOA点摇动到B点的过程中轻绳与OB的夹角设为，则小球的切向加快度R1qEsin2a1=FqEcos=mm跟着的减小而减小，选项B错误；依据牛顿第二定律和向心力公式有得小球L

17、遇到的拉力大小F=qEcos+2F向来增大，选项C错误；在LEk，cos、Ek均跟着的减小而增大，可见A点时小球的速率为零，电场力做功的刹时功率为零，过B点时小球的速度方向与电场力垂直，电场力做功的刹时功率也为零，可见小球遇到的电场力做功功抢先增大后减小选项D正确。NB1IL18C【提示】棒受力如下图，则BILsin=(mg+BILcos)，得B=mg(sincos)=2IL30)，只有选项C正确。fsin(3mgmgBIL19ABD【提示】杆ab切割磁感线产生的感觉电动势e=BL，感觉电流e，由乙图得i=kt，解得杆i=Rab的速率=kRkR不变，对杆ab依据牛顿第二定律有FBiL=ma，得

18、F=BLktBLt，可见杆ab的加快度a=BL+ma，选项A、B均错误；杆ab遇到的安培力功率大小P=BiL=k2Rt2，选项C正确，D错误。20BCD【分析】令m=0，则Tm应为零，而选项B中的Tm=Mg，选项B错误；令m趋近于M，则选项C中Tm趋近于无量大，不合理，选项C错误；令M=0，则选项D中的表达式简化为1mg，因为MTm=2=0且还没有挂上钩码时弹簧弹力为零，挂上钩码并由静止开始开释，当弹簧弹力与mg均衡时，钩码的速率最大，因为惯性钩码还要持续向下运动，可见轻绳对钩码的最大拉力Tm应大于mg，因此选项D错误；由清除法知选项A正确。U出n1得电压表V1两头的电压U1不变，选项A错误；

19、依据P出=U1I1得经过电流表21BD提示】依据U1=n2A1的电流I1将减小，依据I2=n3得经过电流表A2的电流I2将减小，降压变压器原线圈两头的电压U=U1I1n4I1R线将增大，依据Un3得电压表V2两头的电压U2增大，选项B正确；输电线上消耗功率P线=I2=n41R线U2将减小，选项C错误；用户总功率与发电厂的输出功率的比值为I2U2=n3I1U1U2跟着U2的增大而增大，选n4U1项D正确。22(1)a；调零旋钮(或调R0)；右(2)如下图(3)1.43(1.451.41)；23.4(22.923.9)(4)小【提示】(1)表笔a接内部电池的负极，应为红表笔。红黑表笔短接，调理调零

20、旋钮，使指针指到右边零偏刻度处。(2)11图线如下图。UR1/V-12.50U2.001.501.000.5000.020.040.060.081.001-1R/(3)由E=U+Ur得1r11，联合图线得10.70，r2.500.70，r内23.4。RUEEE，解得E1.43VER0.11(4)当R为无量大即为不接电阻箱时电压表的示数为多用电表内部电池的电动势的丈量值，而电压表两头的电压等于电动势的真切值减去多用电表的内电压，因此多用电表内部电池的电动势的丈量值比真切值小。24【分析】（1）如图10.2所示，设杆与水平面夹角时A与B的速度大小分别为、，有：=sin1221在杆下摆过程中，对轻杆

21、、球与滑块构成的系统，依据动能定理有：1212(3+3)gL2mgLcos+mg(LLsin)=+解得1=m12M2062（2）分别时A、B不单有同样的水平速度，并且分别前瞬时A、B在水1C平方向的加快度也一直同样，而分别后B的加快度必为零，分别时二者的水图10.2平加快度必为零。由图10.3依据均衡条件有：Tcos=mg12由沿杆方向的协力供给向心力有：(Tsin+mg)sin=mLTmg解得：M=8(3+53)8mg6+3m=11(1+93)mC图10.3（3）球A刚要触地时的速度设为A，则依据动能定理有：1122153mg(LLcos)+mgLsin=22F=mA解得：F=2mAm1L6

22、mg，方向水平向左2依据牛顿第三定律得F=F=21536mg，方向水平向右。225分析】（1）线框由静止开释到下面缘刚进入磁场的过程，做自由落体运动，有：=2gh0得线框下面缘刚进入磁场的速率为：0=2gh线框下面缘切割磁感线产生的感觉电动势为：E=BL0L感觉电流的大小为：I=E解得：I=BL2ghdRR依据右手定章判断知，线框中感觉电流的方向沿逆时针方向。h（2）线框进入磁场的过程，依据牛顿第二定律有：0mgBIL=ma1依据微元法，取一小段时间t，t时间内速度的减少许为v，依据加快度的定义有：Hv2at联立可得：（mgBIL）t=mv，即mgtBILt=mv在时间t内，经过线框某一横截面的电荷量为：qIt两边乞降得：mgtBLq=m（v1v0）依据法拉第电磁感觉定律有：E=BLdt在时间t内，经过线框某一横截面的电荷量为：依据闭合电路欧姆定律有：I=ERq=BLd解得：1=2gh+gtB2L2d。RmR（3）在线框下面缘刚进入磁场到下