2022年山东省德州市陵城一中化学高二下期末经典模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、已知X、Y、Z、W、M均为短周期主族元素。25时，各元素最高价氧化物对应的水化物溶液(浓度均为0.01mol/L)的pH和原子半径的关系如图所示。下列说法不正确的是( )A从图中得出同浓度下W的最高价氧化物对应的水化物的pH比Z小，故非金属性:WZBX、Z的最简单气态氢化物在常温下

2、可以反应生成离子化合物CX、Y、Z、W、M五种元素单质中Y常见单质熔点最高D简单离子半径大小顺序:XM2、用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中不正确的是 ()A标准状况下，22.4 L二氯甲烷的分子数约为NA个B常温常压下，7.0 g乙烯与丙烯的混合物中含有氢原子的数目为NAC常温常压下，92 g NO2和N2O4的混合气体中含有的原子总数为6NAD盛有SO2的密闭容器中含有NA个氧原子，则SO2的物质的量为0.5 mol3、下列说法正确的是A等质量的乙炔和苯完全然烧生成水的质量不相等B乙烯分子中所有原子共平面C甲醛(HCHO)和乙二醛(OHC-CHO)互为同系物D和互为同分异构体4、下列

3、各项所述的数字不是6的是A在二氧化硅晶体中，最小的环上的原子个数B在金刚石晶体中，最小的环上的碳原子个数C在石墨晶体的层状结构中，最小的环上的碳原子个数D在NaCl晶体中，与一个Cl最近的且距离相等的Na+ 的个数5、下列中心原子的杂化轨道类型和分子几何构型不正确的是ACCl4中C原子sp3杂化，为正四面体形BH2S分子中，S为sp2杂化，为直线形CCS2中C原子sp杂化，为直线形DBF3中B原子sp2杂化，为平面三角形6、反应H2(g) + I2(g)2HI(g)的平衡常数K1 ，反应 HI(g)H2(g)+I2(g)的平衡常数K2 ，则K1、K2的关系为（平衡常数为同温度下的测定值）AK1

4、=2K2BK1=K22CK1=DK1=K27、标准状况下，mg气体A与ng气体B的分子数目一样多，下列说法不正确的是（ ）A在任意条件下，若两种分子保持原组成，则其相对分子质量之比为m：nB25、125105Pa时，两气体的密度之比为n：mC同质量的A、B在非标准状况下，其分子数之比为n：mD相同状况下，同体积的气体A与B的质量之比为m：n8、有Al1（SO4）3和K1SO4的混合溶液100mL，将它均分成两份。一份滴加足量氨水，使Al3+完全沉淀；另一份滴加BaCl1溶液，使SO41完全沉淀。反应中消耗a mol NH3H1O、b mol BaCl1据此得知原混合溶液中的c（K+）为（）A（

5、10b10a）molL1B molL1C（10b5a）molL1D molL19、NA代表阿伏加德罗常数的数值，下列说法中错误的是( ）A完全燃烧1.5 mol乙醇和乙烯的混合物,转移电子数为18 NAB7.8 g由Na2S和Na2O2组成的混合物中含有阴离子的数目为0.1 NAC0.1 mol/L FeCl3溶液中Fe3+的物质的量一定小于0.1 NAD常温常压下，60g甲醛和乙酸的混合物所含碳原子数为2 NA10、用下列实验装置和方法进行相应实验，能达到实验目的的是A用装置制备S02B用装置从碘水溶液中萃取碘C用装置除去粗盐溶液中混有的KC1杂质D用装置制取NH311、已知酸性： H2CO

6、3HCO3-，综合考虑反应物的转化率和原料成本等因素，将 转变为的最佳方法是A与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH溶液B与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3溶液C与足量的NaOH溶液共热后，再通入足量CO2D与足量的NaOH溶液共热后，再加入适量H2SO412、下列有机物属于烃类的是（ ）ACH3ClBC8H8CC2H5OHDCH3COOH13、正硼酸(H3BO3)是一种片层状结构白色晶体，层内的H3BO3分子通过氢键相连(如下图)。下列有关说法正确的是（ ）A正硼酸晶体属于原子晶体BH3BO3分子的稳定性与氢键有关C分子中硼原子最外层为8电子稳定结构D含1 mol H3BO3的晶

7、体中有3 mol氢键14、甲酸香叶酯是一种食品香料，可以由香叶醇与甲酸发生酯化反应制得。下列说法正确的是（ ） A香叶醇的分子式为C11H18OB香叶醇在浓硫酸、加热条件下可发生消去反应C香叶醇与CH2=CHCH=CHCH2OH互为同系物D香叶醇与甲酸香叶酯均不能发生银镜反应15、下列分子或离子中，不含有孤电子对的是()AH2OBH3OCNH3DNH4+16、下列说法正确的是（ ）A纤维素三硝酸酯的结构简式为B化合物是苯的同系物C按系统命名法，化合物的名称为2,3,3三甲基丁烷D1 mol阿斯匹林（）与足量的NaOH溶液反应，消耗NaOH最大的物质的量为2mol17、下列关于物质的量浓度表述正

8、确的是()A0.3 molL-1的Na2SO4溶液中含有的Na+和SO42的总物质的量为0.9 molB当1 L水吸收22.4 L氨气时所得氨水的浓度不是1 molL-1,只有当22.4 L氨气溶于水制得1 L氨水时,其浓度才是1 molL-1C在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中,如果Na+和SO42的物质的量相等，则K+和Cl-的物质的量浓度一定相同D将10 时a molL-1的KCl饱和溶液100 mL加热蒸发掉5 g水，冷却到10 时，其体积小于100 mL，它的物质的量浓度仍为a molL-118、下列说法正确的是（ ）A室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1-氯丁烷B用核磁共振氢

9、谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3C用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3D油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同19、下列物质的类别与所含官能团都正确的是( )A 酚类 OHBCH3-O-CH3 醚类 C 醛类 CHOD 羧酸类 -CHO20、下列说法不正确的是ACH3CH2CH2CH（CH3）2的名称是2-甲基戊烷BC3H8的一氯代物只有两种CHCOOH和CH3COOH互为同系物DCH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3是同一种物质21、下列实验操作，不能用来分离提纯物质的是（ ）A萃取B蒸馏C过滤D称量22、下列关于热化学反应

10、的描述中正确的是AHCl和NaOH反应的中和热H57.3kJ/mol，则H2SO4和Ca(OH)2反应的中和热H2(57.3)kJ/molBCO(g)的燃烧热是283.0kJ/mol，则2CO2(g) 2CO(g)O2(g)反应的H+2283.0kJ/molC需要加热才能发生的反应一定是吸热反应D1mol甲烷燃烧生成气态水和二氧化碳所放出的热量是甲烷的燃烧热二、非选择题(共84分)23、（14分）A，B，C，D是四种短周期元素，E是过渡元素。A，B，C同周期，C，D同主族，A的原子结构示意图为，B是同周期第一电离能最小的元素，C的最外层有三个未成对电子，E的外围电子排布式为3d64s2。回答下

11、列问题：（1）写出下列元素的符号：A_，B_，C_，D_。（2）用化学式表示上述五种元素中最高价氧化物对应水化物酸性最强的是_，碱性最强的是_。（3）用元素符号表示D所在周期第一电离能最大的元素是_，电负性最大的元素是_。（4）E元素原子的核电荷数是_，E元素在周期表的第_周期第_族，已知元素周期表可按电子排布分为s区、p区等，则E元素在_区。（5）写出D元素原子构成单质的电子式_，该分子中有_个键，_个键。24、（12分）某无色稀溶液X中，可能含有下表所列离子中的某几种。现取该溶液适量，向其中加入某试剂Y，产生沉淀的物质的量(n)与加入试剂的体积(V)的关系如图所示。(1)若Y是盐酸，所得到

12、的关系图如图甲所示，则oa段转化为沉淀的离子(指来源于X溶液的，下同)是_，ab段发生反应的离子是_，bc段发生反应的离子方程式是_。(2)若Y是NaOH溶液，所得到的关系图如图乙所示，则X中一定含有的离子是_，假设X溶液中只含这几种离子，则溶液中各离子物质的量之比为_，ab段反应的离子方程式为_。25、（12分）草酸铁晶体Fe2(C2O4)3xH2O可溶于水，且能做净水剂。为测定该晶体中铁的含量，做了如下实验：步骤1：称量5.6g草酸铁晶体，配制成250 mL一定物质的量浓度的溶液。步骤2：取所配溶液25.00 mL于锥形瓶中，先加足量稀H2SO4酸化，再滴加KMnO4溶液，反应为：2KMn

13、O4+5H2C2O4+3H2SO4 K2SO4+2MnSO4+10CO2+8H2O。向反应后的溶液加锌粉，加热至黄色刚好消失，过滤、洗涤，将过滤及洗涤所得溶液收集到锥形瓶中，此时溶液仍呈酸性。步骤3：用0.0200 mol/LKMnO4溶液滴定步骤2所得溶液至终点，消耗KMnO4溶液V1 mL，滴定中MnO4被还原成Mn2。重复步骤2、步骤3的操作2次，分别滴定消耗0.0200 mol/LKMnO4溶液为V2、V3 mL。记录数据如下表：实验编号KMnO4溶液的浓度（mol/L）KMnO4溶液滴入的体积（mL）10.0200V1 = 20.0220.0200V3 = 19.9830.0200V

14、2 = 23.32请回答下列问题：（1）草酸铁溶液能做净水剂的原因_（用离子方程式表示）。（2）步骤2加入酸性高锰酸钾的作用_。（3）加入锌粉的目的是_。（4）步骤3滴定时滴定终点的判断方法是_。（5）在步骤3中，下列滴定操作使测得的铁含量偏高的有_。A滴定管用水洗净后直接注入KMnO4溶液B滴定管尖嘴内在滴定前有气泡，滴定后气泡消失C读取KMnO4溶液体积时，滴定前平视，滴定结束后仰视读数D锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出（6）实验测得该晶体中铁的含量为_。26、（10分）硫代硫酸钠又名大苏打、海波，可以用于治疗氰化物中毒等，某化学兴趣小组通过查阅资料，设计了如下的装置(略去部分夹持仪

15、器)来制取Na2S2O35H2O晶体并探究其性质。已知烧瓶C中发生如下三个反应：Na2S(aq)H2O(l)SO2(g) Na2SO3(aq)H2S(aq) 2H2S(aq)SO2(g) 3S(s)2H2O(l) ；S(s)Na2SO3(aq) Na2S2O3(aq)（1）装置B的作用之一是观察SO2的生成速率。控制SO2生成速率可以采取的措施有_（写一条）（2）常温下，用pH试纸测定0.1 molL1 Na2S2O3溶液pH值约为8，测定时的具体操作是_。（3）向新制氯水中滴加少量Na2S2O3溶液，氯水颜色变浅，有硫酸根离子生成，写出该反应的离子方程式_。27、（12分）铬钾矾KCr(SO

16、4)212H2O在鞣革、纺织等工业上有广泛的用途。某学习小组用还原K2Cr2O7,酸性溶液的方法制备铬钾矾，装置如图所示：回答下列问题：(1)A中盛装浓硫酸的仪器名称是_。(2)装置B中反应的离子方程式为_。(3)反应结束后，从B装置中获取铬钾矾晶体的方法是：向混合物中加入乙醇后析出晶体，过滤、洗涤、低温干燥，得到产品。加入乙醇后再进行过滤的目的是_。低温干燥的原因是_。(4)铬钾矾样品中铬含量的测定：取mg样品置于锥形瓶中用适量水溶解，加入足量的Na2O2进行氧化，然后用硫酸酸化使铬元素全部变成Cr2O72-，用c mol/L的FeSO4溶液滴定至终点，消耗FeSO4溶液v mL，该样品中铬

17、的质量分数为_。28、（14分）短周期元素W、X、Y、Z、M的原子序数依次增大，元素W的一种核素的中子数为0，X的原子最外层电子数是次外层的2倍，Z与M同主族，Z2电子层结构与氖相同。(1)M位于元素周期表中第_周期_族。(2)化合物p由W、X、Y、M四种元素组成。已知向p溶液中加入FeCl3溶液，溶液变血红色；向p溶液中加入NaOH溶液并加热可放出使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体。p的化学式为_。(3)由X、Y、Z三种元素可组成摩尔质量为84g/mol的物质q，且q分子中三种元素的原子个数之比为1:1:1。已知q分子中各原子均达到8电子稳定结构，且分子中不含双键，但含极性键和非极性键，q分子的

18、结构式为_。(4) (XY)2的性质与Cl2相似，(XY)2与NaOH溶液反应的离子方程式为_。29、（10分）苯乙酸铜是合成纳米氧化铜的重要前驱体之一，可采用苯乙腈()为原料在实验室进行合成。制备苯乙酸的装置如右图(加热和夹持仪器略去)。已知苯乙酸的熔点为76.5，微溶于冷水，易溶于乙醇。在250mL三口瓶A中加入70mL质量分数为70%的硫酸和几片碎瓷片，加热至100，再缓缓滴入46.8g苯乙腈，然后升温至130，发生反应:+2H2O+H2SO4+NH4HSO4请回答:(1)甲同学提出为使反应物受热均匀,可以采取水浴加热。老师否定了这个建议,原因是_。(2)乙同学提出装置中缺少温度计，温度

19、计水银球的合理位置是_。(3)本实验采用了滴液漏斗。与普通分液漏斗相比,滴液漏斗的优点是_。(4)反应结束后需先加适量冷水，再分离出苯乙酸粗品。加入冷水的目的是_，分离出苯乙酸的操作是_。(5)提纯粗苯乙酸最终得到19g纯品，则苯乙酸的产率是_%(结果保留整数)。(6)将苯乙酸加入到乙醇与水的混合溶剂中，充分溶解后加入Cu(OH)2，搅拌30min，过滤。滤液静置一段时间可以析出苯乙酸铜晶体。此步骤中用到乙醇的作用是_；写出此步发生反应的化学方程式_。参考答案一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、A【解析】X、Y、Z、W、M均为常见的短周期主族元素，由常温下，其最高

20、价氧化物对应的水化物溶液(浓度均为 0.01mol/L)的pH，X的pH=2，为一元强酸，则为硝酸，X为N元素，Y的半径大于N，且酸性较硝酸弱，应为C元素；Z的原子半径大于C，Z的最高价含氧酸为一元强酸，则Z为Cl，W的原子半径大于Cl，且对应的酸的pH小于2，应为硫酸，W为S元素；M的原子半径最大，且0.01mol/LM的最高价氧化物对应的水化物溶液的pH为12，为一元强碱，则M为Na，据此分析解答。【详解】根据上述分析，X为N元素，Y为C元素，Z为Cl元素，W为S元素，M为Na元素。A从图中得出同浓度下W的最高价氧化物对应的水化物的pH比Z小，Z的最高价含氧酸为一元强酸，则W的最高价含氧酸

21、也是强酸，但是为二元强酸，不能据此说明非金属性强弱，实际上非金属性：WZ，故A错误；BX为N元素，Z为Cl元素，X、Z的最简单气态氢化物分别为氨气和氯化氢，在常温下可以反应生成离子化合物氯化铵，故B正确；CC元素的单质常见的有石墨和金刚石，熔点均很高，而其他元素的单质是分子晶体或金属晶体，熔点均较低，故C正确；DX为N元素，M为Na元素，简单离子具有相同的电子层结构，核电荷数越大，离子半径越小，离子半径大小顺序：XM，故D正确；答案选A。【点睛】正确判断元素的种类是解答本题的关键。本题的难点是W的判断，要注意0.01mol/L W的最高价含氧酸的pH小于2，应该为二元强酸。2、A【解析】A标准

22、状况下，二氯甲烷为液体，不能根据气体摩尔体积来计算其物质的量和分子个数，故A错误；BC2H4和C3H6的最简式均为CH2，故7.0g混合物中含有的CH2的物质的量为n= =0.5mol，则含1mol氢原子，即NA个，故B正确；CNO2和N2O4的最简式均为NO2，故92g混合物中含有的NO2的物质的量为=2mol，故含原子6NA个，故C正确；D1mol二氧化硫中含2mol氧原子，故当含NA个氧原子时，二氧化硫的分子个数为0.5NA个，物质的量为0.5mol，故D正确；答案选A。3、B【解析】分析：本题考查的是常见有机物的结构和性质，注意掌握同系物和同分异构体的定义。详解；A.乙炔和苯的最简式相

23、同，所以燃烧等质量的乙炔和苯生成的水的质量相等，故错误；B.依稀中6个原子在一个平面上，故正确；C.甲醛含有一个醛基，乙二醛含有两个醛基，二者结构不相似，不是同系物，故错误；D.二者是同一种结构，故错误。故选B。点睛：同系物要求结构相似，即官能团的种类和个数相同，属于一类物质。4、A【解析】分析:A、二氧化硅晶体相当于在硅晶体中两个硅原子间分别加上一个O原子，因此最小环上的原子个数为12个；B、金刚石晶体中，最小的环上有6个碳原子；C、石墨晶体的片层结构中,最小环上的碳原子个数为6个D、在NaCI晶体中,一个Na+周围有6个Cl,一个Cl周围有6个Na+。.详解:A、二氧化硅晶体相当于在硅晶体

24、中两个硅原子间分别加上一个O原子,因此最小环上的原子个数为12个,故选A；B、金刚石晶体中，最小的环上的碳原子个数有6个，所以B不选；C、石墨晶体的片层结构中,最小环上的碳原子个数为6个, 所以C不选；D、NaCl晶体属面心立方结构,与一个Na+最近且距离相等的Cl的个数有6个, 所以D不选；故答案为A。 点睛：该题是高考中的常见考点，属于基础性知识的考查。有利于调动学生的学习兴趣，提高学生的应试能力。该题的关键是熟练记住常见晶体的结构特点，然后灵活运用即可。5、B【解析】首先判断中心原子形成的键数目，然后判断孤对电子数目，以此判断杂化类型，结合价层电子对互斥模型可判断分子的空间构型。【详解】

25、ACCl4中C原子形成4个键，孤对电子数为0，则为sp3杂化，为正四面体形，故A正确；BH2S分子中，S原子形成2个键，孤对电子数为=2，则为sp3杂化，为V形，故B错误； CCS2中C原子形成2个键，孤对电子数为=0，则为sp杂化，为直线形，故C正确；DBF3中B原子形成3个键，孤对电子数为=0，则为sp2杂化，为平面三角形，故D正确；答案选B。【点睛】把握杂化类型和空间构型的判断方法是解题的关键。本题的易错点为孤电子对个数的计算，要注意公式(a-xb)中字母的含义的理解。6、C【解析】反应 H2（g）+I2（g）2HI（g）的平衡常数K1，则相同温度下，反应2HI（g）H2（g）+I2（g

26、）的平衡常数为1/ K1，故反应HI（g）H2(g)+I2(g)的平衡常数K2=(1/ K1)1/2，故K1=，故选C项正确。7、B【解析】A、由n=可知，分子数相同的气体，物质的量相同，相对分子质量之比等于质量之比，即相对分子质量之比为m：n，故A正确；B、温度压强一样，Vm相同，由=可知，密度之比等于摩尔质量之比，即为m：n，故B错误；C、A与B相对分子质量之比为m：n，同质量时由n=可知，分子数之比等于n：m，故C正确；D、相同状况下，同体积的A与B的物质的量相同，则质量之比等于摩尔质量之比，即为m：n，故D正确；答案选B。8、A【解析】第一份发生的离子反应方程式为Al3+3NH3H3O

27、=Al（OH）3+3NH4+，第二份发生的离子反应方程式为Ba1+SO41-=BaSO4。【详解】由反应消耗a mol NH3H1O可知，原溶液中n(Al3+)=mol，由消耗bmolBaCl1可知，n(SO41-)=1bmol，原溶液中存在电荷守恒关系n（K+）+3n(Al3+)=1n(SO41-),溶液中n（K+）=1n(SO41-)3n(Al3+)=4b3=4b1a，则c（K+）=（10b10a）molL1，故选A。【点睛】本题考查与化学反应有关的计算，注意依据化学方程式计算，应用电荷守恒分析是解答关键。9、C【解析】A. 1molCH3CH2OH和1molC2H4燃烧时均消耗3mol氧

28、气，故1.5mol混合物消耗4.5mol氧气，而氧元素反应后变为-2价，故4.5mol氧气转移18mol电子即18NA个，A正确；B. Na2S和Na2O2的相对分子质量均是78，且阴阳离子的个数之比均是1：2，7.8 g由Na2S和Na2O2组成的混合物的物质的量是0.1mol，其中含有阴离子的数目为0.1NA，B正确；C. 0.1 mol/L FeCl3溶液的体积未知，其溶液中Fe3+的物质的量不一定小于0.1NA，C错误；D. 甲醛和乙酸的最简式均是CH2O，常温常压下，60g甲醛和乙酸的混合物中“CH2O”的物质的量是2mol，所含碳原子数为2NA，D正确。答案选C。【点睛】本题考查了

29、阿伏加德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题的关键，题目难度中等。10、B【解析】ACu与浓硫酸加热生成二氧化硫，图中缺少酒精灯，故A错误；B苯的密度比水的密度小，萃取后苯在上层，图中分层现象合理，故B正确；CKCl溶于水，不能过滤分离，故C错误；D固体混合加热时，试管口要向下略微倾斜，故D错误；故答案为B。11、C【解析】酸性：H2CO3HCO3-，转化为，则羧基、酯基都发生变化但是酚羟基不能发生反应，据此分析解答。【详解】A先与稀硫酸反应生成邻羟基苯甲酸，再加入NaOH生成邻酚钠苯甲酸钠，不符合，故A错误；B与稀硫酸反应后生成邻羟基苯甲酸，再加入碳酸钠溶液，酚羟基和羧基都

30、反应，不符合，故B错误；C与足量NaOH溶液反应后生成邻酚钠苯甲酸钠，然后通入足量二氧化碳生成邻羟基苯甲酸钠，故C正确；D与足量NaOH溶液反应后生成邻酚钠苯甲酸钠，然后加入稀硫酸生成邻羟基苯甲酸，不符合，故D错误；故答案为C。12、B【解析】A.CH3Cl是卤代烃，是烃的衍生物，A错误；B.C8H8仅有C、H两种元素，属于烃，B正确；C.C2H5OH是烃分子中的一个H原子被-OH取代产生的物质，属于醇，C错误；D.CH3COOH是甲烷分子中的一个H原子被-COOH取代产生的物质，属于羧酸，D错误；故合理选项是B。13、D【解析】试题分析：A、正硼酸晶体中存在H3BO3分子，且该晶体中存在氢键

31、，说明硼酸由分子构成，是分子晶体，原子晶体内只有共价键，故A错误；B、分子的稳定性与分子内的B-O、H-O共价键有关，熔沸点与氢键有关，故B错误；C、硼原子最外层只有3个电子，与氧原子形成3对共用电子对，因此B原子不是8e-稳定结构，故C错误；D、1个硼酸分子形成了6个氢键，但每个氢键是2个硼酸分子共用的，所以平均含3个氢键，则含有1molH3BO3的晶体中有3mol氢键，故D正确；故选D。考点：考查了晶体结构、氢键、杂化轨道、空间构型等，注意正硼酸晶体层内存在H3BO3分子，以氢键结合，属于分子晶体。14、C【解析】A由结构简式可知香叶醇的分子式为C11H20O，选项A错误；B香叶醇中与-O

32、H相连的C的邻位C上没有H原子，则不能发生消去反应，选项B错误；C、香叶醇含有两个碳碳双键和一个醇羟基，与CH2=CHCH=CHCH2OH结构相似，组成上相差6个CH2，互为同系物，选项C正确；D、香叶醇不能发生银镜反应，但甲酸香叶酯中含有醛基能发生银镜反应，选项D错误。答案选C。15、D【解析】根据中心原子上的孤电子对数的公式可知：A项，；B项，；C项，；D项，；答案选D。16、A【解析】分析：A根据纤维素的分子通式为(C6H10O5)n，结构单元中含有3个羟基分析判断；B根据苯的同系物的概念分析判断；C依据烷烃的命名方法分析判断；D能与NaOH反应的有-COOH、酚羟基和酯基等分析判断。详

33、解：A纤维素的分子通式为(C6H10O5)n，结构单元中含有3个羟基，因此纤维素三硝酸酯的结构简式为，故A正确； B分子中含有两个苯环，不属于苯的同系物，故B错误；C的名称为2，2，3-三甲基丁烷，故C错误；D能与NaOH反应的有-COOH、酚羟基和酯基，则1mol与足量NaOH溶液充分反应，消耗3molNaOH，故D错误；故选A。点睛：本题考查有机化合物命名、苯的同系物、有机物的性质等。本题的易错项为D，要注意酯基水解后的羟基是否为酚羟基。17、D【解析】A. 没有说明0.3 molL-1的Na2SO4溶液的体积，无法计算物质的量，故A错误；B.不是标准状况下，不能使用标准状况下的气体摩尔体

34、积计算22.4L氨气的物质的量，所以即使溶液体积为1L，所得溶液浓度也不一定为1mol/L，故B错误；C.在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中，如果Na+和SO42-的物质的量相等，设二者为n mol，则K+的物质的量为2n mol，Cl-的物质的量为n mol，K+和Cl-的物质的量不相等，其物质的量浓度一定不相等，故C错误；D. 将10 时a molL-1的KCl饱和溶液100 mL加热蒸发掉5g水，冷却到10时，所得溶液仍然为饱和溶液，它的物质的量浓度与溶液的体积大小无关，仍为a molL-1，故D正确；答案选D。【点睛】注意温度一定时，同一种溶质的饱和溶液中的物质的量浓度相同，与溶

35、液的体积无关。18、A【解析】A含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1-氯丁烷，A正确；BHCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，B错误；CCH3COOH与碳酸钠溶液反应产生气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，C错误；D油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误。答案选A。19、B【解析】A、羟基没有与苯环之间相连，此有

36、机物属于醇，官能团是OH，故A错误；B、O原子与两个碳原子相连，此物质属于醚，官能团是醚键，故B正确；C、此有机物的官能团是酯基，此物质属于酯，官能团是，故C错误；D、此有机物的官能团是羧基，此有机物属于羧酸，官能团是COOH，故D错误。20、D【解析】A根据烷烃命名原则，CH3CH2CH2CH(CH3)2的名称是2-甲基戊烷，故A正确；B因为C3H8是丙烷有2种不同类型的H原子，所以一氯代物有2种，故B正确；C结构相似、在分子组成上相差一个或若干个-CH2原子团的有机物间互称同系物，甲酸(HCOOH)和乙酸(CH3COOH)的官能团的个数、种类都相同，相差一个-CH2原子团，故两者是同系物，

37、故C正确；DCH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3为分子式相同，结构不同的同分异构体，不是同一种物质，故D错误；故答案：D。【点睛】根据烷烃命名原则：长-选最长碳链为主链；多-遇等长碳链时，支链最多为主链；近-离支链最近一端编号；小-支链编号之和最小。21、D【解析】常见物质分离的方法有：过滤、分液、蒸发和蒸馏等，以此解答该题。【详解】A.萃取可用于分离在不溶溶剂溶解度不同的物质，A正确；B.蒸馏可以实现两种沸点差距较大的两种互溶液体的分离，B正确；C.过滤一般是用来分离不溶性固体和液体的混合物，C正确；D.称量用于物质质量的测量，不能用于分离，D错误；正确选项D。【点睛】混合物的

38、分离方法，取决于组成混合物的各物质的性质差异，掌握物质的性质特点是解答此类试题的关键。22、B【解析】A强酸和强碱的稀溶液反应才能保证H+(aq)+OH(aq)=H2O(l)中和热为-13 kJmol1，H2SO4和Ca(OH)2得到的CaSO4微溶，会产生额外的热，故A错误；B在25，101 kPa时，1 mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，叫做该物质的燃烧热:CO(g)1/2 O2(g)= CO2(g) H-283.0kJ/mol，再利用盖斯定律，得：2CO2（g）=2CO（g）+O2（g）H=+2283.0kJ/mol，故B正确；C反应的吸、放热与反应条件无关，如有些放热

39、反应必须在加热条件下才能进行，如铝热反应，故C错误；D燃烧热是1mol纯净物完全燃烧生成稳定的氧化物放出的热量，应生成液态水，D错误。答案选B。二、非选择题(共84分)23、Si Na P N HNO3 NaOH Ne F 26 四 d 1 2 【解析】A、B、C、D是四种短周期元素，由A的原子结构示意图可知，x=2，A的原子序数为14，故A为Si，A、B、C同周期，B是同周期第一电离能最小的元素，故B为Na，C的最外层有三个未成对电子，故C原子的3p能级有3个电子，故C为P，C、D同主族，故D为N，E是过渡元素，E的外围电子排布式为3d64s2，则E为Fe。【详解】(1) 由上述分析可知，A

40、为Si、B为Na、C为P、D为N；(2) 非金属越强最高价氧化物对应水化物酸性越强，非金属性NPSi，酸性最强的是HNO3，金属性越强最高价氧化物对应水化物碱性越强，金属性Na最强，碱性最强的是NaOH；(3) 同周期元素，稀有气体元素的第一电离能最大，所以第一电离能最大的元素是Ne，周期自左而右，电负性增大，故电负性最大的元素是F；(4) E为Fe元素，E的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d64s2，故核电荷数是26，Fe在周期表中处于第四周期族，在周期表中处于d区；(5) D为氮元素，原子核外电子排布式为1s22s22p3，最外层有3个未成对电子，故氮气的电子式为：，该分子

41、中有1个键，2个键。【点睛】本题重点考查元素推断和元素周期律的相关知识。本题的突破点为A的原子结构示意图为，可推出A为Si，A、B、C同周期，B是同周期第一电离能最小的元素，故B为Na，C的最外层有三个未成对电子，故C原子的3p能级有3个电子，故C为P，C、D同主族，故D为N，E是过渡元素，E的外围电子排布式为3d64s2，则E为Fe。非金属越强最高价氧化物对应水化物酸性越强，金属性越强最高价氧化物对应水化物碱性越强；同周期元素，稀有气体元素的第一电离能最大，同周期自左而右，电负性逐渐增大。24、SiO32、AlO2- CO32- 3H+ +Al(OH)3 =Al3+ +3H2O Al3+ M

42、g2+ NH4+ Cl- 2:1:4:12 NH4+OH-NH3H2O 【解析】无色溶液中不可能含有Fe3+离子。（1）如果Y是盐酸，向溶液中加盐酸，先生成沉淀，当a-b段时，沉淀的量不变化，盐酸和碳酸根离子反应生成气体，则溶液中不含镁离子、铝离子；当b-c段时沉淀的质量减少，部分沉淀和盐酸反应，部分沉淀和盐酸不反应，说明溶液中有硅酸根离子和偏铝酸根离子，弱酸根离子和铵根离子能双水解，所以溶液中含有的阳离子是钠离子；（2）若Y是氢氧化钠，向溶液中加氢氧化钠溶液，先生成沉淀，当a-b段时，沉淀的量不变化，氢氧化钠和铵根离子反应生成气体；当b-c段时沉淀的质量减少，部分沉淀和氢氧化钠反应，部分沉淀

43、不反应，说明溶液中有铝根离子和镁离子，则溶液中不含硅酸根离子、碳酸根离子和偏铝酸根离子，所以溶液中含有的阴离子是氯离子。【详解】（1）如果Y是盐酸，由图可知，向溶液中加盐酸，先生成沉淀后沉淀部分溶解，则溶液中可能含SiO32-、AlO2-，不含Al3+、Mg2+；ab段，沉淀的量没有变化，说明溶液中含有CO32-，盐酸和碳酸根离子反应，反应的离子方程式依次为CO32-+H+HCO3-和HCO3-+H+H2O+CO2；bc段,氢氧化铝沉淀与盐酸反应生成偏铝酸钠和水，硅酸沉淀不反应，沉淀部分溶解，反应的离子方程式为3H+ +Al(OH)3 =Al3+ +3H2O，故答案为：SiO32、AlO2；C

44、O32-；3H+ +Al(OH)3 =Al3+ +3H2O；（2）若Y是氢氧化钠，由图可知，向溶液中加氢氧化钠溶液，先生成沉淀，溶液中可能含Al3+、Mg2+或两者中的一种，由于弱碱阳离子和弱酸的阴离子会双水解而不能共存，即溶液中不含CO32-、SiO32-、AlO2-，由于溶液一定要保持电中性，故溶液中一定含Cl-；ab段，沉淀的量不变化，是氢氧化钠和铵根离子反应生成气体：NH4+OH-NH3H2O，即溶液中含NH4+；bc段，沉淀的质量减少但没有完全溶解，即部分沉淀和氢氧化钠反应，部分沉淀不反应，说明溶液中有Al3+、Mg2+，bc段的反应的离子方程式为Al（OH）3+OH-AlO2-+2

45、H2O，则X中一定含有的离子是Al3+、Mg2+、NH4+、Cl-；由于溶液中有Al3+、Mg2+，oa段转化为沉淀的离子是Al3+、Mg2+，ab段是氢氧化钠和铵根离子反应生成气体，反应的离子方程式为NH4+OH-NH3H2O；溶液中有Al3+、Mg2+，即沉淀中含Al（OH）3和Mg（OH）2，故bc段的反应离子方程式为Al（OH）3+OH-AlO2-+2H2O，NH4+反应需要NaOH的体积是2V，由于Al（OH）3溶解时需要的NaOH的体积是V，则生成Al（OH）3需要的NaOH的体积是3V，而生成Mg（OH）2和Al（OH）3共消耗NaOH的体积为4V，则生成Mg（OH）2需要NaO

46、H溶液的体积是V，则n（Al3+）：n（Mg2+）：n（NH4+）=2：1：4，根据溶液要呈电中性，即有：3n（Al3+）+2n（Mg2+）+n（NH4+）=n（Cl-），故n（Cl-）=12，即有：n（Al3+）：n（Mg2+）：n（NH4+）：n（Cl-）=2：1：4：12，故答案为：Al3+、Mg2+、NH4+、Cl-；2：1：4：12；NH4+OH-NH3H2O。【点睛】本题考查无机物的推断，注意根据溶液的颜色结合题给图象确定溶液中存在的离子，再结合物质之间的反应来确定微粒的量是解答关键。25、 Fe3+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H 除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2的滴

47、定 将Fe3还原为Fe2 加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去 ABC 20.0%【解析】分析：(1)草酸铁溶液中铁离子水解生成氢氧化铁胶体，胶体具有吸附悬浮杂质的作用；(2) 步骤2中用KMnO4将草酸氧化生成二氧化碳，除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2的滴定；(3)加入锌粉的目的是还原铁离子；(4)高锰酸钾溶液为紫红色，滴入最后一滴溶液变为紫红色且半分钟不变说明反应达到终点；(5)根据滴定误差分析的方法判断,误差可以归结为标准液的体积消耗变化分析误差，c(待测)=c(标准）V(标准）V(待测）；A.酸式滴定管要用标准液润洗；B.滴定前滴定管尖嘴处有气

48、泡，滴定后气泡消失，读取标准溶液体积增大；C.读取标准液体积时，滴定前平视读数，滴定后仰视读数，读取标准溶液体积增大；D. 锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出，反应消耗的标准溶液体积减小；(6)根据离子方程式计算，n(Fe)=5n(MnO4-)，可以计算n(Fe)，然后可以计算晶体中铁的含量。详解：(1)草酸铁溶液中铁离子水解生成氢氧化铁胶体，胶体具有吸附悬浮杂质的作用，反应的离子方程式为：Fe3+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H，因此，本题正确答案是：Fe3+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H；(2) 步骤2中用KMnO4将草酸氧化生成二氧化碳，除去草酸根离子，避免干扰步骤3中

49、Fe2的滴定，因此，本题正确答案是：除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2的滴定；(3)加入锌粉的目的是将Fe3还原为Fe2，因此，本题正确答案是：将Fe3还原为Fe2；(4)高锰酸钾溶液为紫红色，反应终点判断为：加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去，因此，本题正确答案是：加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去；(5)A.酸式滴定管要用标准液润洗，滴定管用蒸馏水洗涤后，立即装入标准液，标准液浓度减小，消耗标准液体积增大，测定结果偏高，故A符合；B.滴定前滴定管尖嘴处有气泡，滴定后气泡消失，读取标准溶液体积增大，测定结果偏高，

50、故B符合；C.读取标准液体积时，滴定前平视读数，滴定后仰视读数，读取标准溶液体积增大，测定结果偏高，故C符合；D. 锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出，反应消耗的标准溶液体积减小，测定结果偏低，故D不符合；因此，本题正确答案是：ABC；(6)用0.0200 mol/LKMnO4溶液滴定步骤2所得溶液至终点，消耗KMnO4溶液V1 mL，滴定中MnO4被还原成Mn2。重复步骤2、步骤3的操作2次，分别滴定消耗0.0200 mol/LKMnO4溶液为V2、V3 mL，计算平均值，实验3数值误差较大舍去，消耗体积V=20.02+19.982 mL =20.00mL，铁元素守恒，高锰酸钾溶液滴定亚

51、铁离子发生的反应为：5Fe2+MnO4-+8H+=Mn2+5Fe3+4H2O5 1n 0.0200mol/L0.0200L=0.0004mol5n=10.0004mol，解得n=0.002mol，250 mL溶液中含铁元素物质的量=0.002mol25025=0.02mol，5.6g草酸铁晶体中铁的含量=0.02mol56g/mol5.6g100%=20.0%，因此，本题正确答案是： 20.0%。点睛：本题考查了物质性质的实验探究，实验方案的设计与分析计算，主要是滴定实验的过程分析和误差分析，掌握基础是关键，题目难度中等。26、调节硫酸的滴加速度 用洁净的玻璃棒蘸取待测液点在pH试纸上，与标准

52、比色卡对照，读出溶液的pH值 S2O324Cl25H2O2SO4210H+8Cl 【解析】分析：A中的Na2SO3中加入浓硫酸生成SO2，装置B的作用之一是观察SO2的生成速率，为提高产品纯度，应使烧瓶C中Na2S和Na2SO3恰好完全反应，烧瓶C中发生反应如下：Na2S(aq)+H2O(l)+SO2(g)=Na2SO3(aq)+H2S(aq)；2H2S(aq)+SO2(g)=3S(s)+2H2O(l)；S(s)+Na2SO3(aq)Na2S2O3(aq)，反应终止后，烧瓶C中的溶液经蒸发浓缩、冷却结晶即可析出Na2S2O35H2O，E中盛放NaOH溶液进行尾气处理，防止含硫化合物排放在环境中

53、。详解：(1)装置B的作用之一是观察SO2的生成速率。控制SO2生成速率可以通过调节硫酸的滴加速度控制SO2生成速率，故答案为调节硫酸的滴加速度；(2)常温下，用pH试纸测定0.1 molL1 Na2S2O3溶液pH值约为8，测定的具体操作为：用洁净的玻璃棒蘸取待测溶液点在pH试纸中段，与标准比色卡对照，读出溶液的pH值，故答案为用洁净的玻璃棒蘸取待测溶液点在pH试纸中段，与标准比色卡对照，读出溶液的pH值；(3)氯气具有强氧化性，可氧化S2O32-生成硫酸根离子，反应的离子方程式为S2O32-+4Cl2+5H2O=2SO42-+10H+8Cl-，故答案为S2O32-+4Cl2+5H2O=2S

54、O42-+10H+8Cl-。27、分液漏斗Cr2O72-+3SO2 +2H+=3SO42-+2Cr3+7H2O降低铬钾矾在溶液中的溶解量，有利于晶体析出防止铬钾矾失去结晶水%【解析】由装置图可知，A为制备还原剂二氧化硫的装置，B为制备铬钾矾的装置，C为尾气处理装置。B中发生二氧化硫和Cr2O72-的反应，生成铬离子和硫酸根离子，根据氧化还原反应的规律，结合化学实验的基本操作分析解答。【详解】(1)根据装置图，A中盛装浓硫酸的仪器为分液漏斗，故答案为：分液漏斗；(2)装置B中二氧化硫和Cr2O72-的反应，生成铬离子和硫酸根离子，反应的离子方程式为Cr2O72-+3SO2 +2H+=3SO42-+2Cr3+7H2O，故答案为：Cr2O72-+3SO2 +2H+=3SO42-+2Cr3+7H2O；(3)反应结束后，从B装置中获取铬钾矾晶体的方法是：向混合物中加入乙醇后析出晶体，过滤、洗涤、低温干燥，得到产品。加入乙醇降低铬钾矾在溶液中的溶解量，有利