2022-2023学年山东省青岛市青岛二中高一物理第一学期期末监测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、大小分别为2N和8N的两个力作用在一个质量为2kg的物体上，物体获得的加速度可能正确的是（）A.2m/s2B.4m/s2C.6m/s2D.8m/s22、如图所示，在粗糙的水平面上放着两个

2、木箱A和B，质量分别为mA和mB，两木箱之间连接一个轻弹簧秤，对木箱A施加水平向右的拉力F，两木箱向右做匀加速直线运动。两木箱与水平面之间的动摩擦因数均为，重力加速度为g。下列说法正确的是A.A对轻弹簧秤的作用力大于轻弹簧秤对A的作用力B.轻弹簧秤对B作用力大于B对轻弹簧秤的作用力C.此时弹簧秤的示数D.此时弹簧秤的示数-mBg3、如图所示，小球放在光滑的墙与装有铰链的光滑薄板之间，当墙与薄板之间的夹角缓慢地增大到90的过程中( )A.小球对墙的压力减小B.小球对薄板的压力增大C.小球对墙压力先减小后增大D.小球对薄板的压力可能小于球的重力4、一质量m=2kg的物体在水平面上滑行，初速度v0=

3、4m/s，与水平面之间的动摩擦因数=0.5，g取10m/s2，则它停下来时可以滑行的距离是（ ）A.1.0mB.1.2mC.1.6mD.2.0m5、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t 的关系如图所示取重力加速度g10m/s2由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数分别为 ( )A.m0.5kg，0.4B.m1.5kg，C.m0.5kg，0.2D.m1kg，0.26、以15m/s的初速度从地面竖直上抛一物体，空气阻力不计，（g取10m/s2），以下说法正确的是（）A.运动过程加速度不断变化B.从抛出到上升至最高点的

4、时间为1sC.上升的最大高度为22.5mD.从上抛时至落回原处的时间为3s7、将一个力F分解为两个分力F1和F2，则下列说法中正确的是( )A.F1和F2是物体实际受到的力B.F1和F2两个分力在效果上可以取代力FC.物体受到F1，F2和F三个力的作用D.F是F1和F2的合力8、一个半圆柱体放在水平面上，一个质量为M的光滑球，放在半圆柱体上，右边用一个光滑竖直挡板挡住，光滑球处于静止状态。如图所示。若缓慢向右移动竖直挡板，半圆柱体始终处于静止。在光滑球落地前的过程中，关于几个力的变化其中说法正确的是A.半圆柱体对光滑球的支持力变大B.光滑球所受的合力变大C.水平面给半圆柱体的摩擦力变大D.水平

5、面对半圆柱体支持力变大9、如图所示，质量分别为M和m的物体A、B用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知Mm，滑轮质量及摩擦均不计A、B由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是（）A.细线上的拉力一定大于mgB.细线上的拉力一定小于MgC.细线上的拉力等于gD.天花板对定滑轮的拉力等于(M+m)g10、如图所示，光滑水平桌面上的物体a系一细绳，细过跨国桌沿的定滑轮后悬挂着物体b，物体a和物体b的质量均为m物体a和滑轮间的细绳与桌面平行先用手使a、b静止（细绳质量及滑轮摩擦均不计）放手后细绳上张力设为T下列说法正确的有（）A.放手后物体a、b一起运动的过

6、程中，绳上张力大小TmgB.只将物体b的质量增为2m，放手后绳上张力大小变为TC.只将物体a的质量增为2m，放手后绳上张力大小变为TD.将物体a、b的质量都增为2m，放手后绳上张力大小变为2T11、如图所示，一小球以6m/s的初速度从斜面底端A沿光滑固定斜面向上做匀减速直线运动，恰好能运动到斜面顶端B处。若小球沿斜面向上与沿斜面向下运动的加速度大小相同，斜面长度为3m，则下列说法正确的是（）A.小球在斜面上向上运动的时间为0.5sB.小球在斜面上运动的时间为2sC.小球沿斜面向下运动的加速度大小为D.小球返回到A时的速率为12m/s12、如图所示，水平圆盘上有一个木块P，在木块P 随圆盘一起绕

7、过O 点的竖直轴转动的情况下下列说法中正确的是 ( )A.圆盘匀速转动过程中，P 受到的静摩擦力的方向指向O 点B.圆盘匀速转动的过程中，P 受到的静摩擦为零C.在转速一定的条件下，不管P 到O 的距离如何，P 的运动周期不变D.在转速一定的条件下，不管P 到O 的距离如何，P 受到的静摩擦力的大小不变二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）在“探究力的平行四边形定则”的实验中，用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳(1)在实验中，每

8、次结点O的位置_，（选填“变”或“不变”）如果只将细绳换成橡皮筋，其它步骤没有改变，那么实验结果是否会发生变化？_（选填“变”或“不变”）(2)图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向是_(3)本实验采用的科学方法是_A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法14、（10分）在“探究力平行四边形定则“的实中（1）其中的两个实验步骤分别是A在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳间时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方本板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与绳的结点到达某一位置0点，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两个弹簧测力

9、计的示数F1和F2B只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F和记下细绳的方向请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是_B中是_（2）该学习小组纠正了（1）中的问题后，某次实验中两个弹簧测力计的拉力F1、F2已在图中画出，图中的方格每边长度表示2 N，O点是橡皮条的结点，请用两个直角三角板严格作出合力F的图示，并求出合力的大小为_ N.三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，传送带与地面夹角37，从A到B长度为L41m，传送带v020 m/s的速率逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m0

10、.5kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为0.5。煤块在传送带上经过会留下黑色痕迹。已知sin370.6，g10 m/s2，求：(1)煤块从A到B的时间；(2)煤块从A到B的过程中传送带上形成痕迹的长度。16、（12分）如图所示，在游乐场中，有一种大型游戏机械叫“跳楼机”。参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面的高处，然后由静止释放。为研究方便，可以认为座椅沿轨道做自由落体运动后，开始受到恒力制动，做匀减速运动，且下落到离地面高处时速度刚好减小到零。然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳落下，将游客送回地面，取求：(1)座椅在匀减速阶段的时间是多少？(2

11、)在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客自身重力的多少倍？17、（12分）如图所示在光滑竖直墙壁上用网兜把足球挂在A点，已知足球的质量m=0.5kg，网兜的悬绳与墙壁的夹角=37，网兜的质量不计，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）悬绳的拉力F1的大小；（2）足球对墙的压力F2的大小。参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】先求出两力合力的最大值和最小值，再据牛顿第二定律求出加速度的最大值和最小值【详解】两力反向时合力最小，最小值为；两力同向时合力最大，最大值为；两力合力的范围为6N10N由

12、牛顿第二定律可得，加速度的最小值为3m/s2；最大值为5m/s2故ACD三项错误，B项正确2、C【解析】AB由牛顿第三定律可知，A对轻弹簧秤的作用力等于轻弹簧秤对A的作用力，轻弹簧秤对B的作用力等于B对轻弹簧秤的作用力，故AB错误；CD对AB整体由牛顿第二定律有对B受力分析，由牛顿第二定律有联立解得故C正确，D错误。故选C3、A【解析】对球进行正确受力分析，把握其受力特点：一个力大小和方向不变（重力），一个力方向不变（墙给球的支持力），另一个力的大小、方向均发生变化（挡板给球的作用力），对于这类动态平衡问题，可以采用“图解法”进行【详解】以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，由图可知，

13、墙壁给球的压力F2逐渐减小，挡板给球的支持力F1逐渐减小，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力减小，木板受到的压力减小当墙与薄板之间的夹角缓慢地增大到90过程中，根据图示可知木板对球的支持力大于球的重力故A正确，BCD错误故选A4、C【解析】物体受滑动摩擦力而做匀减速直线运动，由牛顿第二定律有：可得：由匀减速直线运动的速度位移关系，有：解得：ABD错误，C正确。故选C。5、A【解析】在46s内做匀速直线运动，可知在24s做匀加速直线运动：根据牛顿第二定律有：将，带入，解得：因为解得：A.m0.5kg，0.4，与分析相符，故A项符合题意；B.m1.5kg，与分析不符，故B项不符合题意；C.m0.5

14、kg，0.2，与分析不符，故C项不符合题意；D.m1kg，0.2，与分析不符，故D项不符合题意6、D【解析】A物体在竖直上抛运动时，只受重力，则加速度保持不变，选项A错误；B上升过程做匀减速直线运动，由可得，上升时间选项B错误；C上升的最大高度选项C错误；D上升和下降过程为互逆过程，时间相等，故从上抛至落回原处的时间为3s，选项 D正确。故选D。7、BD【解析】A分力不是物体所受到的力，故A错误。B分力的共同作用效果与合力的作用效果相同，故B正确。C分力不是物体所受到的力，F1、F2是两个分力，故C错误。D一个力F分解为两个分力F1和F2，则F是F1和F2的合力，故D正确。故选BD。8、AC【

15、解析】A.先对球受力分析，受重力和两个支持力，其中半圆柱体的支持力与竖直方向的夹角逐渐变大，如图所示：由图，墙壁支持力和半圆柱体的支持力均变大，故A正确；B.球保持静止，合力为零，保持不变，故B错误；CD.球整体分析，受重力、地面支持力、墙壁支持力和地面的静摩擦力，根据平衡条件，有：f=N1N=（M+m）g故地面支持力不变，地面施加的摩擦力变大，故C正确D错误；9、AB【解析】AB因为m的加速度方向向上，对A和B分别由根据牛顿第二定律有则细线上的拉力一定小于Mg，细线的拉力一定大于mg，故A正确，B错误。CD对整体分析，根据牛顿第二定律得，隔离对m分析：，解得；再对定滑轮分析，有；故CD错误。

16、故选AB。10、BCD【解析】当两物体共同存在时，对b来讲，具有竖直向下的加速度，A的加速度的方向向右，它们的加速度的大小相等，由牛顿第二定律可知F与mg的大小关系【详解】设绳子拉力为T，对a受力分析，由牛顿第二定律可得：；而连接绳上具有相同的沿绳的加速度，由整体法，联立得：；A、当时，解得；故A错误.B、当时，解得；故B正确.C、当时，解得；故C正确.D、当时，解得；故D正确.故选BCD【点睛】该题中a与b的加速度的大小相等，采用整体法和隔离法结合解题是解题的捷径，比单独用隔离法处理要简单11、BC【解析】A小球沿斜面向上运动的过程中解得时间A错误；B小球沿斜面向上与沿斜面向下运动的加速度大

17、小、位移大小和初末速度大小均相同，所以小球沿斜面向上运动和沿斜面向下运动的时间相同，即小球在斜面上运动的时间为，B正确；C小球沿斜面向上运动的逆过程视为初速度为零的匀加速直线运动根据题意，解得小球沿斜面向下运动的加速度大小C正确；D小球沿斜面向下运动至底端的速度大小D错误。故选BC。12、AC【解析】AB.木块P随圆盘匀速转动的过程中，静摩擦力提供向心力，每时每刻指向圆心，A正确，B错误；C.在转速一定的条件下，不管P 到O 的距离如何，P都与圆盘同轴传动，周期和圆盘的周期相同，保持不变，C正确；D.在转速一定的条件下，根据，P 到O 的距离越大，静摩擦力越大，D错误二、实验题（本题共16分，

18、答案写在题中横线上）13、 .（1）不变； .不变 .（2）F .（3）B【解析】在实验中注意细线的作用是提供拉力，采用橡皮筋同样可以做到；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”.【详解】（1）在实验中，为了保证等效性，每次结点O位置不变；在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变；（2）实验测的弹力方向沿绳子方向，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，故方向一定沿AO方向的是F（3）实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故B正确，ACD错误故选B【点睛】在解决设计性实验时，一定

19、先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析14、 .步骤A中未记下两条细绳的方向； .步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O . ; 14.1N【解析】（1）12本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果，所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示.步骤A中未记下两条细绳的方向；步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O（2）3以F1、F2为临边，作出平行四边形，如图所示：对角线表示合力，则三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）3s （2）20m【解析】（1）开始阶段由牛顿第二定律得： mgsin+mgcos=ma1 所以：a1=gsin+gcos=10m/s2物体