2022-2023学年浙江省绍兴市柯桥区柯桥区教师发展中心高一物理第一学期期末预测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、下列情况中，研究对象可以视为质点的是（ ）A.研究地球自转的规律B.研究地球绕太阳公转的周

2、期C.研究人造地球卫星的姿态调整D.研究跳水运动员的跳水动作2、如图所示，小狗匀速向前跑动时，绳索上的拉力为F，绳索与地面夹角为30，此时小狗向前跑动的动力是A.FB.C.FD.2F3、在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30m，该车辆最大刹车加速度是15m/s2，该路段的限速为60km/h。下列关于该车的说法正确的是（）A.超速B.不超速C.速度刚好是60km/hD.无法判断4、将一个物体以某一速度从地面竖直向上抛出，设物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，则物体A.刚抛出时的速度最大B.在最高点的加速度为零C.上升时间大于下落时间D.上升时的加速度等于下落时的加速度5、由吴

3、京主演的攀登者，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神如图为影片中登山队员的登山的照片已知其中一名队员重为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60o,绳子拉力也为G，则此时山峰对该队员的作用力（ ）A.就是山峰对该对员的支持力B.大小为C.大小为GD.方向可能水平向左6、一个做匀减速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度大小分别是4v和v，所用时间为t，下列判断正确的是（）A.物体的加速度大小为B.经过ab中点时的速率是C.在时刻的速率是D.这段时间内的位移为7、如图所示传送带与水平面夹角为，以速度v沿逆时针匀速转动。一可视为质点的物块以初速度v0滑入

4、传送带，且v v0，已知物块与传送带间的动摩擦因数为，”、“”或“=”）三计算题(22分)16、（12分）如图所示，质量M2kg，长L2m的木板，放在倾角的斜坡上。现用一大小为14N，方向沿斜坡向上的力F将木板匀速推到斜坡顶端并固定。将一质量m1kg的小物块(可视为质点，图中未画出)从固定木板的最上端由静止释放，经t1s小物块离开木板。已知斜坡足够长，重力加速度g取10m/s2，求：(1)小物块沿固定木板下滑的加速度；(2)木板与斜坡间的动摩擦因数；(3)若释放小物块的同时解除木板的固定，小物块在木板上运动的最长时间。17、（10分）如图所示，质量为2 kg的物体在40 N水平推力作用下，从静

5、止开始1 s内沿竖直墙壁下滑3 m求：(取g10 m/s2)(1)物体运动的加速度大小；(2)物体受到的摩擦力大小；(3)物体与墙壁间的动摩擦因数参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】A研究地球自转的规律时，地球不能看做质点，否则就没有旋转可言了，选项A错误；B研究地球绕太阳公转的周期时，地球的大小可忽略不计，可看做质点，选项B正确；C研究人造地球卫星的姿态调整时，卫星的大小和形状不能忽略，不能看做质点，选项C错误；D研究跳水运

6、动员的跳水动作时，运动员不能看做质点，否则就没动作可言了，选项D错误。故选B。2、C【解析】把绳索上的拉力F分解，F的水平分量Fcos与小狗的动力满足二力平衡条件，因此小狗向前跑动的动力等于，故选C考点：物体的平衡【名师点睛】本题考查共点力平衡条件应用，注意明确小狗在水平和竖直方向上的合力均应为零，分别在两个方向列出方程即可3、A【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式得解得该车已超速。故选A。4、A【解析】整个过程中都有空气的阻力做功，故机械能有损失，故上升过程初速度最大，故A正确；物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，但是受空气阻力的方向总与物体的速度方向相反a上= ，a下=，所以上升时的

7、加速度大于下落时的加速度，且在最高点的加速度不为零,BD错误；根据h=at2，可知上升时间小于下落时间，C错误；故选A点睛:考虑阻力的竖直上抛运动，是具有向上的初速度，加速度变化的变加速直线运动，上升和下降过程并不对称，所以时间也不相等.5、C【解析】A.山峰对该队员的作用力是山峰对该队员的支持力和摩擦力的合力，故A错误；BCD.以该队员为研究对象，受力情况如图所示：根据几何关系可得绳子拉力T的方向与重力G的方向夹角为120，且大小相等，所以山峰对该队员的作用力F、重力G和绳子拉力T构成等边三角形，则F=G，方向与拉力和重力的合力方向相反，故C正确，BD错误6、D【解析】根据速度时间公式求出物

8、体的加速度，根据匀变速直线运动的推论求解中间位置的速度；根据平均速度的推论求出中间时刻的瞬时速度，根据平均速度求解这段时间内的位移【详解】物体的加速度大小为：，故A错误；中点的速率为，B错误；在时刻的速率为：，C错误；t时间内的位移大小，故D正确故选D.7、BD【解析】AB物体开始运动的速度小于传送带的速度，所以物体相对传送带向上滑动，摩擦力沿传送带平面向下，根据牛顿第二定律：物体加速至于传送带共速时，因为，根据牛顿第二定律：物体匀加速运动的加速度关系：，图线斜率的物理意义为加速度，A错误，B正确；CD根据上述分析可知加速度恒定且，C错误，D正确。故选BD。8、BD【解析】开始阶段，弹簧的压缩

9、量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mg-kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx-mg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小故AC错误，BD正确故选BD9、BD【解析】AB根据牛顿第二定律可知，当加速度a 不断减小至零时合力逐渐减小到零，因速度不为零，仍向原来正方向，故位移不断增大，故A错误，B正确；CD飞机做加速运动，加速

10、度方向与速度方向相同，加速度减小，即速度增加的快慢程度越来越慢，故C错误，D正确。故选BD。10、BC【解析】AB对A物体，由于A匀速运动，由二力平衡可知，B对A的摩擦力必与F等大反向，故A错误，B正确；C对B物体，由力的作用的相互性知，B对A的摩擦力一定与A对B的摩擦力反向，故B受到A的摩擦力水平向左，故C正确；D对A、B整体分析，由于AB一起向左匀速运动，则地面对B摩擦力一定为滑动摩擦力，且水平向右，故D错误故选BC。11、AB【解析】A弹力产生的条件是两物体相互接触，同时产生弹性形变，故只有两个物体相互接触时才有可能产生弹力，故A错误；B根据摩擦力产生的条件可知，两物体间有摩擦力时一定有

11、相互作用的弹力，故B正确；C静止物体可能受到滑动摩擦力作用，比如：在地面滑行的物体，地面受到滑动摩擦力，故C错误；D静摩擦力的大小与正压力的大小无关，与引起相对运动趋势的力的大小有关，故D错误。故选AB。12、BC【解析】AB由题图乙可得，物块做匀变速运动的加速度大小为由牛顿第二定律得则可得物块与传送带间的动摩擦因数选项B正确，A错误；CD在vt图像中，图线与t轴所围面积表示物块的位移，则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止，最后匀速运动回到传送带左端时，物块的位移为0，由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为4.5s，选项C正确，选项D错误。故选BC。【点睛】此时是牛顿第二定律应用的典型问

12、题-传送带问题；解决本题的关键是根据图像理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .20 .8【解析】根据“拉力F作用下处于静止状态、撤去力F的瞬间”可知，本题考查平衡状态和牛顿第二定律，根据平衡条件，运用牛顿第二定律的瞬时性特点，列式计算.【详解】(1)小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力为：F弹=mgtan45=201=20N.(2)撤去力F的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用；小球所受的最大静摩擦力为：f=mg=0.

13、220N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：，合力方向向左,则加速度方向向左.【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答14、；， ；（4）【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量从图乙中可知，（2）相邻计数点间的时间间隔

14、为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得， 根据逐差法可得，联立即得滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg15、 .平衡摩擦力 .远小于 .【解析】在实验中，为了减少这种做法而带来的实验误差，一要排除摩擦力的影响，二要砂桶的重力接近小车所受的合力a-F图象的斜率表示加速度的倒数；求解出加速度与拉力F的表达式后结合图象分析得到动摩擦因素情况（1）用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力，目的是平衡摩擦力对整体运用牛顿第二定律得，则小车的合力，当砝码桶及桶内砝码的总质量远小于滑块和滑块上砝码的总质量，滑块和滑块上砝码所受的拉力等于砝码桶及桶内砝码的总的重力（2）当没有平衡摩擦力时有，故，即图线斜率为，纵轴