福建省安溪六中2023学年物理高二下期末达标测试试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、（题文）两个物体在同一高度同时由静止开始下落，经过一段时间分别与水平地面发生碰撞(碰

2、撞过程时间极短)后反弹，速度大小不变一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是()A BC D2、如图所示，是用平行四边形定则求力F1、F2的合力F的示意图，其中正确的是（ ）ABCD3、如图所示，质量分别为m1、m2的两个小球A、B，带有等量异种电荷，通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上.突然加一水平向右的匀强电场后，两球A、B将由静止开始运动.对两小球A、B和弹簧组成的系统，在以后的运动过程中，以下说法正确的是(设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度(A系统机械能不断增加B系统机械能守

3、恒C系统动量不断增加D系统动量守恒4、氢原子的部分能级如图所示，已知可见光的光子能量在1.62eV到3.11eV之间由此可推知，氢原子( )A从高能级向n1能级跃迁时发出的光的波长比可见光的短B从高能级向n2能级跃迁时发出的光均为可见光C从高能级向n3能级跃迁时发出的光的频率比可见光的高D从n3能级向n2能级跃迁时发出的光为可见光5、一个多匝闭合矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交流电的电动势表达式为e=100sinA该交电流的频率为50HzB通过该矩形线圈磁通量的最大值为100WbC该交电流电动势的有效值是100VD1s内该交流电电流的方向变化50次6、图示电路中，变压器为理想变压器，a、

4、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数I1增大了0.2 A，电流表A2的示数I2增大了0.8 A，电压表V1、V2、V3的示数分别为U1、U2、U3，则下列说法正确的是（ ）A电压表V1示数增大B电压表V2、V3示数均增大C该变压器起升压作用DI1U1=I2U2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲图是一列沿x轴正方向传播的简谐机械横波在t=2s时的波动图象，乙图是该

5、波传播方向上介质中某质点从t=0时刻起的振动图象，a、b是介质中平衡位置为x1=3m和x2=5m的两个质点，下列说法正确的是A该波的波速是2m/sBt=2s时a、b两质点的速度相同C在04s内，a质点运动的路程为25cmD若该波在传播过程中遇到频率为0.25Hz的另一波时，可能发生稳定的干涉现象8、沿着光滑的长直水平轨道放一个条形磁铁，质量为M，它的正前方隔一定距离在轨道上再放质量为m的铝块。给铝块一个初速度v0使它向着磁铁一个磁极运动，如图。假如有碰撞时认为不损失机械能且只考虑在轨道上的情况，以下说法可能的是A铝块将保持v0不变撞到磁铁上B铝块的速度减到 为止C铝块与磁铁最后的总动能是 D铝

6、块和磁铁将沿同方向运动9、下列说法中正确的是（）A水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有间隙B物体的温度升高时，其分子平均动能增大C气体绝不可能从单一热源吸收热量全部转化为有用功D一定质量的100的水吸收热量后变成100的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能10、如图所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体，已知mA6 kg、mB2 kg，A、B间动摩擦因数0.2，在物体A上系一细线，细线所能承受的最大拉力是20 N，现水平向右拉细线，g取10 m/s2，则()A当拉力F12 N时，A相对B滑动C当拉力F16 N时，B受A的摩擦力等于4 ND无论拉力F多大，A相对B始终静止三、实验题：本题共2小题

7、，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在利用“插针法”测定玻璃的折射率实验中下列操作可以减小实验误差的是 _（多选填字母代号）AP1、P2及P3、P4之间的距离适当大些 B选择平行玻璃砖进行实验C入射角适当大些 D若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较小的正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示，此玻璃的折射率计算式为=_(用图中的、表示)同学在画界面时，不小心将两界面的间距画得比玻璃砖宽度略大，则测得的折射率_(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)12（12分）某同学想通过一个多用电表的欧姆挡直接测量某电压表（量程为10V）的内阻（大约为几十千欧）

8、，该多用电表刻度盘上电阻刻度的中间值为15。（1）欧姆挡的选择开关拨至_（选填“1k”或“100”）挡，先将红、黑表笔短接调零后，选用图中_（选填“A”或“B”）方式连接。（2）如图甲所示，某同学读出欧姆表的读数为_；如图乙所示，电压表的读数为_V，欧姆表电池的电动势为_V。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，木块A和四分之一光滑圆轨道B静置于光滑水平面上，A、B质量mAmB1.0kg。现让A以v04m/s的速度水平向右运动，之后与墙壁发生弹性碰撞（碰撞过程中无机械能损失），碰撞时间为t0.1s。

9、取重力加速度g10m/s1求：A与墙壁碰撞过程中，墙壁对木块平均作用力的大小；A滑上圆轨道B后，到达最大高度时与B的共同速度大小.14（16分）如图所示，质量为0.3kg的小球M连接着轻质弹簧放在光滑的足够长的水平轨道上，水平轨道右端连接一半径为R=0.4m的四分之一光滑圆形固定轨道AB，现有一质量为0.1kg的小球m从A点正上方H=0.4m高处由静止释放，重力加速度g=10m/s2求：（1）小球m到达圆形轨道最低点B时对轨道的压力；（2）弹簧被小球m压缩后具有的最大弹性势能；（3）最终小球m的速度和小球M的速度。15（12分）如图所示，高为H的导热气缸竖直固定在水平地面上，横截面积为S、重力

10、为G的“”形活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞离缸底高为h现手持“”形活塞上端，缓慢竖直上提活塞，当活塞上升至气缸上端口时，求竖直上提的力F大小已知：大气压强为p0，不考虑活塞与气缸之间的摩擦及温度的变化，不计活塞及气缸壁的厚度2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【答案解析】若不计空气阻力，则小球下落后，先做匀加速直线运动，与地面碰撞后做竖直上抛运动（匀减速直线运动），加速度不变，若考虑空气阻力，下落过程中，速度越来越大，则空气阻力越来越大，根据牛顿第二定律可知，加速度越来越小

11、且小于g，与地面碰撞后，速度越来越小，则空气阻力越来越小，根据牛顿第二定律可知，加速度越来越大且大于g，根据速度时间图象的斜率表示加速度可知，D正确故选D.点睛：本题的关键是根据题目的意思判断出物体的运动情况及加速度变化情况，知道根据速度时间图象的斜率表示加速度，难度适中2、A【答案解析】根据平行四边形定则可知，以表示两分力的线段作邻边作出平行四边形，对角线即表示物体受到的合力，且合力的方向从两分力的起点指向对角线的另一端点；A.A图与结论相符，选项A正确；B. B图与结论不相符，选项B错误；C. C图与结论不相符，选项C错误；D. D图与结论不相符，选项D错误；3、D【答案解析】A受电场力向

12、左，B受电场力向右，系统所受合力为零，动量守恒，D对；电场力分别对A、B做正功，系统机械能增大，当两小球速度减小到零时弹力大于电场力，分别向中心加速运动，电场力做负功，机械能减小，AB错；C错；4、AD【答案解析】试题分析：A、从高能级向n=1能级跃迁时，辐射的光子能量最小为10.20eV，大于可见光的光子能量，则波长小于可见光的波长故A正确B、从高能级向n=2能级跃迁时辐射的光子能量最大为3.40eV，大于可见光的能量故B错误C、从高能级向n=3能级跃迁时发出的光的频率最大为1.51eV，小于可见光的光子能量故C错误D、从n=3能级向n=2能级跃迁时发出的光子能量为1.89eV，在可见光能量

13、范围之内故D正确故选AD考点：本题考查波尔模型、能级跃迁。HYPERLINK /console/media/ltK0s9v36Ym5knC_AZSe4_fyErnN5CMs7-VW3Z_Mrt_YqSSIdRo4w8vb0SCMv1RF_PHDBJBWK5UObLQn-KxTCt_tqWRbhK_VrDkquXgHfu_I3SBMbM1YFcl7ElqG-btjd4PzhMfR9yrGqYq9wLNHJg视频5、D【答案解析】由感应电动势瞬时值的表达式，可见峰值为100V，角速度为50rad/s，频率f=w/2=25Hz，A错；由Em=NBSw，最大磁通量BS=，无法求出，C错；1s内线圈转动

14、25圈，线圈每转一圈电流方向变化两次，D对；6、D【答案解析】观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，即副线圈电流增大，由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，匝数比不变，所以副线圈电压不变，即V1，V2示数不变，由于R0两端电压增大，所以滑动变阻器R两端电压减小，即电压表V3示数减小，故AB错误；观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，即原线圈电流增大量小于副线圈电流增大量，根据电流与匝数成反比，所以该变压器起降压作用，故C错误；理想变压器输入功率等于输出功率，即：I1U1=I2U2，故D正确；故选D【答案点睛】本题关键是明确电

15、路结构，根据闭合电路欧姆定律、变压器变压公式和变流公式、串并联电路的电压电流关系列式分析二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【答案解析】A. 根据波形图知波长 =8m，由振动图象知周期T=4s，波速 ，A正确。B. 在t=2s时刻，a质点沿y轴正方向振动，b质点沿y轴负方向振动，a、b两质点速度大小相等，方向相反，B错误；C. 在04s内，一个周期的时间质点通过的路程为4A=45cm=20cm，C错误；D. 发生干涉的必要条件：两列波的频率相同，该波频率为 ，所以

16、遇到另一列频率为0.25Hz的波时，可能发生稳定的干涉现象，D正确。8、BD【答案解析】A.由于铝块的移动，导致产生感应电动势，从而产生感应电流，出现安培阻力，使其速度越来越小，故A不符合题意；BD.铝块与磁铁组成的系统动量守恒，当两者速度相等时，穿过铝块磁通量不变，不产生感应电流，没有安培阻力，两者沿同一方向匀速运动。由动量守恒定律得：解得：故BD符合题意；C. 铝块与磁铁相对运动过程中，一部分机械能转化为电能，最终转化为内能，则：铝块与磁铁最后的总动能小于，故C不符合题意。9、ABD【答案解析】A.水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙；故A正确.B.物体的温度升高时，其分子平均动能增

17、大，由于分子热运动是无规则的，不能说分子动能增大；故B正确.C.根据热力字第二定律可知，只要外界要对气体做功即产生其它影响，是可以实现从单一热源吸收热量全部转化为有用功；故C错误.D.一定质量的100的水吸收热量后变成100的水蒸气，气体要对外做功，根据热力学第一定律可知吸收的热量大于增加的内能；故D正确.10、CD【答案解析】试题分析：设A、B共同运动时的最大加速度为，最大拉力为，对B：，解得，对A、B：，当时，A、B相对静止因为地面光滑，故A错误；当F大于12N而小于48N时，A相对B静止，B错误；当F=16N时，其加速度，对B：，C正确；因为细线的最大拉力为20N，所以A、B总是相对静止

18、，D正确；考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题是连接体问题，关键是选择研究对象，常常有两种方法：隔离法和整体法，要灵活选择，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法采用整体隔离法可以较简单的分析问题三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC 偏小 【答案解析】试题分析：为了取得较好的实验效果，根据实验原理分析可知：玻璃砖上下表面不一定要平行，选择的入射角应尽量大些；大头针应垂直地插在纸面上；大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些，这样可以减小测量的相对误差根据几何知识求出入射角

19、和折射角的正弦值，再求解折射率根据折射定律，分析入射角和折射角的误差，即可分析折射率的误差（1）A、大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些故A正确；作插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行故B错误；为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，效果会更好故C正确；若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较大一些的，故D错误（2）由图可知，入射角为 ，折射角为 ；则由折射定律可知：（3）用插针法“测定玻璃砖折射率”的实验原理是折射定律 ；某同学将两界面的间距画得比玻璃砖宽度略大，但在画光路图时，将入射点、出射点分别确定在ab、cd上，如图所示，入射角测量没有误差，而折射角偏大，则根据折射定律得知，测出的折射率n将偏小12、（1）1k，A （2）40000，5.0，8.75【答案解析】当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，根据读数为：示数倍率=读数知，选择1k的挡；欧姆表的正极插孔与内部电源的负极相连，与电压表构成一闭合回路，电流从负极流出，进入电压表的正极，所以选择图A正确；欧姆表的读数为：401k=40k；电压表的读数为5.0V，由题意知欧姆表的内阻为30 k，与电压表的内阻40 k串联，由欧姆定律可知：。四、计