2022年浙江省杭州外国语学校高一物理第一学期期末调研模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，为了行车方便与安全，高大的桥要造很长的引桥，其主要目的是（ ）A.减小过桥车辆受到的摩擦力B.减小过桥车辆的

2、重力C.减小过桥车辆对引桥面的压力D.减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力2、如图所示，小船沿直线AB过河，船头始终垂直于河岸.若水流速度增大，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是( )A.增大船速，过河时间不变B.减小船速，过河时间变长C.增大船速，过河时间缩短D.减小船速，过河时间不变3、沿光滑的墙壁用网兜把一个足球挂在A点,足球的质量为m,网兜的质量不计.足球与墙壁的接触点为B,悬绳与墙壁的夹角为.如果保持球的位置不动,而将挂网兜的钉子缓慢上移,绳对球的拉力T和墙壁对球的支持力F将如何变化( )A.拉力T不断增大B.支持力F先变小,后变大C.支持力F不断减小D.支持力F先变大,后变

3、小4、做单向直线运动的物体，关于其运动状态下列情况可能的是（）A.物体的速率在增大，而位移在减小B.物体的加速度大小不变，速率也不变C.物体的速度为零时加速度达到最大D.物体的加速度和速度方向相同，当加速度减小时，速度也随之减小5、电梯上升时，其竖直方向的速度随时间变化的规律如图所示，下列说法正确的是（）A.电梯经5s到达最高点B.电梯经15s到达最高点C.电梯上升的高度为30mD.电梯加速上升的时间为15s6、一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度随时间变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内，对应面积均为S，则经过b时刻物体的速度大小v为A.B.C.D.7、如图甲所示，A、B两长

4、方体叠放在一起放在光滑的水平面上，B物体从静止开始受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，运动过程中A、B始终保持相对静止则在02t0时间内，下列说法正确的是A.t0时刻，A、B间的静摩擦力为零B.t0时刻，A、B的速度最大C.2t0时刻，A、B的加速度最小D.2t0时刻，A、B离出发点最远，速度为零8、如图所示，放在水平桌面上的质量为1kg 的物体，通过水平轻绳a、b与水平轻弹簧甲、乙连接，物体静止时弹簧测力计甲和乙的读数分别为7N和3N，则剪断轻绳b瞬时，物体的加速度可能为A.4B.2C.1D.09、一物体以5 m/s的初速度在光滑斜面上向上运动，其加速度大小为2 m/s2，设

5、斜面足够长，经过t时间物体位移的大小为4 m，则时间t可能为A.1 sB.3 sC.4 sD.s10、如图所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，连接a的一段细绳竖直，a连接在竖直固定在地面的弹簧上，现在b盒内缓慢加入适量砂粒，a、b、c位置始终保持不变，下列说法中正确的是： （ ）A.地面对c的支持力可能不变B.b对c的摩擦力可能先减小后增大C.弹簧的弹力始终不变D.c对地面的摩擦力方向始终向左11、如图所示,MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场,电场强度为E,ACB为光滑固定的半圆形轨道,圆轨道半径为R,A、B

6、为圆水平直径的两个端点,ACB为圆弧.一个质量为m、电荷量为-q的带电小球,从A点正上方高为H处由静止释放,并从A点沿切线进入半圆轨道.不计空气阻力及一切能量损失,关于带电小球的运动情况,下列说法正确的是( ) A.小球再次到达C点的速度可能为零B.小球一定能从B点离开轨道C.小球在AC部分可能做匀速圆周运动D.当小球从B点离开时,上升的高度一定等于H12、如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1.当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，则（）A.在

7、两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B.在两次作用过程中，C.在两次作用过程中，D.在两次作用过程中，二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图所示,楔形物体倾角为30，放在水平地面上，轻质硬杆下端带有轻滑轮。上端顶有重1000N的物体，硬杆只能沿滑槽上下滑动，不计一切擦，g=10m/s2，(1)若楔形物体重2000N，系统静止时地面对斜面的支持力多大?(2)求作用于楔形物体上的水平推力至少多大才能将重物顶起?(3)当轻杆连同上端重物以2m/s2加速上升时，楔形物体对滑轮的作用力多大?14、（10分）在研究小车匀变速运动的实验中，记录的纸带如图所示，图中两计数点间有四个

8、点未画出已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，则小车运动的加速度a_m/s2，打P点时小车运动的速度v_m/s三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，质量为1kg的小球用细绳拴着吊在行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为=37。已知g=10m/，sin37=0.6，cos37=0.8，求:（1）汽车匀速运动时，细线对小球的拉力和车后壁对小球的支持力大小。（2）当汽车以=2m/向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力大小。（3）当汽车以=10m向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力大小。16、（12分）一长木板置于粗糙水平

9、地面上，木板左端放置一小物块，在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板已知碰撞后1s时间内小物块的图线如图（b）所示木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2求（1）木板与地面间的动摩擦因数及小物块与木板间的动摩擦因数；（2）木板的最小长度；（3）木板右端离墙壁的最终距离17、（12分）如图所示，质量M4kg、长L2.25m的木板静止在水平面上，质量m2kg的滑块（可看做质点）从木板的左端以速度v0开始

10、向右运动，滑块刚好没有从木板上滑下，已知木板与地面、滑块与木板间的动摩擦因数分别为10.1和20.4，取g10m/s2(1)分别求开始时木板和滑块的加速度大小(2)求滑块的初速度v0的大小(3)求木板运动的最大位移并在图乙中画出滑块整个运动过程中的vt图象.参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】ACD对车受力分析，受重力、支持力和阻力，重力的大小方向均不变，重力产生两个作用效果，使物体沿斜面下滑，使物体紧压斜面，设斜面倾角为，将重力按照作用效果分解如图：由几何关系可得，平行斜面分量为：由于引桥越长，坡角越小，越小；垂直斜面分

11、量为：压力等于重力垂直斜面分量，变小，压力变大，摩擦力变大，故D正确，AC错误；B物体重力不变，故B错误。2、C【解析】船头始终垂直于河岸，河宽一定，当水流速度增大，为保持航线不变，根据运动的合成，静水速度必须增大，再根据 ，所以渡河的时间变小，故C正确，ABD错误。故选C。3、C【解析】足球受重力、墙壁的支持力和绳子的拉力处于平衡，根据合力为零，运用平行四边形定则求出悬绳的拉力和支持力的表达式进行分析即可详解】足球受重力、拉力和支持力平衡，受力如图：运用合成法，根据几何知识得，绳子对球的拉力：；现使悬绳变长些的过程中，角不断减小，故拉力T逐渐减小，支持力N也减小故ABD错误，C正确故选C【点

12、睛】求解共点力平衡的方法有多种，可以采取合成法、分解法和正交分解法4、C【解析】A当物体做单向直线运动时，物体速率增加，则物体的位移增加，不会减小，故A错误；B物体做单向直线运动，加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度只能改变物体速度大小，即速率将变化，故B错误；C物体做单向直线运动时，当物体做加速度增加的减速直线运动时，当物体速度为零时，加速度达到最大值，故C正确；D物体的加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，当加速度减小时物体的速度仍在增加，故D错误。故选C。5、C【解析】AB在v-t图象中，图线与坐标轴所包围的面积大小代表位移的大小，所以电梯经20s达到最高点，选项AB错误；C

13、电梯上升的最大高度为选项C正确；D由图象可知05s电梯加速上升，所以加速上升的时间为5s，选项D错误。故选C。6、A【解析】详解】s在连续两段时间m和n内，对应面积均为S，根据匀变速直线运动的规律有解得经过b时刻物体的速度大小为故选A。7、ABD【解析】根据牛顿第二定律分析何时整体的加速度最大再以A为研究对象，当加速度最大时，A受到的静摩擦力最大分析整体的运动情况，分析何时B的速度最大，并确定何时AB位移最大【详解】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得知，t0时刻整体所受的合力为0，加速度为0，再以A为研究对象，分析可知，A受到的静摩擦力为0故A正确整体在0-t0时间内，做加速运动，在t0

14、-2t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻，A、B速度最大，故B正确2t0时刻，整体的合力最大，则A、B的加速度最大，选项C错误；0-2t0时间内，整体做单向直线运动，位移逐渐增大，则2t0时刻，A、B位移最大，离出发点最远，根据对称性知，2t0时刻速度为0故D正确故选ABD8、BCD【解析】轻绳的弹力和接触的弹力可以突变，弹簧的弹力和橡皮筋的弹力不能突变；静摩擦力由外力产生的趋势决定，和滑动摩擦力的关系满足【详解】由题知，物体静止时受静摩擦力大小为7N-3N=4N，物体与水平桌面间最大静摩擦力，所以剪断轻绳b瞬时，剩下的弹簧a的拉力为7N不变，和最大静摩擦力的合力，由牛顿第二定律，故选项

15、B、C、D正确，A错误.故选BCD.【点睛】本题考查弹簧弹力的性质、最大静摩擦力及共点力的平衡条件、牛顿第二定律求瞬时加速度等问题，要注意正确分析问题，并能构建合理的物理模型9、ACD【解析】当物体的位移为4m时，根据得，解得t1=1st2=4s。当物体的位移为-4m时，根据得，解得A1 s，与结论相符，选项A正确；B3 s，与结论不相符，选项B错误；C4 s，与结论相符，选项C正确；Ds，与结论相符，选项D正确；故选ACD。10、BC【解析】绳子拉力保持不变b对斜面的压力等于b及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力b所受的重力沿斜面向下的分力与拉力的合力等于静摩擦力当向b中缓慢加入沙子时，根据平衡

16、条件讨论b受到的摩擦力的变化整体保持静止，合力为零，保持不变【详解】以b与c组成的整体为研究对象，整体受到重力、支持力以及绳子向左上方的拉力、地面的摩擦力，在b盒内缓慢加入适量砂粒后，竖直向下的重力增大，而其他的力不变，所以整体受到的支持力一定增大故A错误；由于不知道b的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子质量的增加，静摩擦力可能增加、可能减小，有可能先减小后增大故B正确；a的位置始终保持不变，可知弹簧的形变量保持不变，则弹簧的弹力不变，选项C正确；以b与c组成的整体为研究对象，整体受到重力、支持力以及绳子向左上方的拉力、地面的摩擦力，水平方向除摩擦

17、力外，只有绳子的拉力有一个向右的分力，所以可知地面对c的摩擦力的方向向左由牛顿第三定律可知，c对地面的摩擦力向右，故D错误；故选BC【点睛】本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向；关键是能正确选择研究对象；注意静摩擦力可能沿着斜面向下，也可能沿着斜面向上11、CD【解析】当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周运动根据动能定律判断上升的高度与H的关系通过假设法判断小球到达C点的速度能否为零，若能为零，根据动能定理知，电场力做功做功等于重力做功，则电场力大于重力，无法做圆周运动【详解】A、若小球到达C点的速度为零，由动能定理得，小球所受电场力大于重力，

18、则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零，A错误；B、由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B点离开轨道，B错误；C、若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，C正确；D、若小球能从B点离开轨道，由于小球在AB部分电场力做功为零，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定等于H，D正确故选CD【点睛】本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高12、AC【解析】两次作用过程，对整体分析，整体的加速度为：，故A正确；隔离分析，第一种情况，A对B的作用力为：，第二中情况，A对B的作用力为：，

19、则有：F1+F2=F，故B错误；C正确；以上数据可知，故D错误二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 (1) 3000N；(2) ；(3) 【解析】(1)视楔形物体、轻质硬杆和物体为整体，在竖直方向受重力和支持力，根据平衡条件则有：即系统静止时地面对斜面的支持力3000N(2)设斜面对滑轮的作用力大小为，对硬杆进行受力分析，由受力平衡可得：解得斜面对滑轮的作用力的大小为：故由作用力和反作用力等大反向可得：滑轮对楔形物体作用力垂直斜面向下，大小为；楔形物体受滑轮对楔形物体垂直斜面向下的作用力、重力、地面支持力和水平推力作用，故由受力平衡可得：(3) 以轻质硬杆为对象，根据牛顿第二定

20、律则有：解得：即楔形物体对滑轮的作用力14、800.25【解析】由于两相邻计数点间有四个点未画出，所以两相邻计数点时间间隔为0.1s根据运动学公式得：x=at2，得：=0.80m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，图中第1、2两个点间的中间时刻速度大小等于根据运动学公式v=v0+at得：【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）12.5N；7.5N（2）12.5N；5.5N（3）14.1N；0【解析】（1）匀速运动时，小球受力分析，小球受到重

21、力、拉力、后壁的弹力，由平衡条件得：Tsin=FN，Tcos=mg代入数据得：T=12.5N，FN=7.5N；细线对小球的拉力为12.5N和车后壁对小球的压力大小为7.5N；（2）当汽车以a1=2 m/s2向右匀减速行驶时，由牛顿第二定律得：TsinFN=ma，Tcos=mg，代入数据得：T=12.5N，FN=5.5N；细线对小球的拉力为12.5N和车后壁对小球的压力大小为5.5N；（3）当汽车以a2=10m/s2向右匀减速行驶时，假设小球离开车后壁，细线与竖直方向的夹角为，由牛顿第二定律得：Tsin=ma，Tcos=mg，解得：T=mg=14.1N，=45细线对小球的拉力为14.1N，小球已经离开车后壁，车后壁对小球的压力大小为0；16、（1），；（2）；（3）【解析】（1）根据图像可以判定碰撞前木块与木板共同速度为碰撞后木板速度水平向左，大小也是木块受到滑动摩擦力而向右做匀减速，根据牛顿第二定律有解得木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间，位移，末速度其逆运动则为匀加速直线运动可得带入可得木块和木板整体受力分析，滑动摩擦力提供合外力，即