2023届黑龙江省鸡西市一中高一物理第一学期期末联考试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、甲乙两个物体在同一直线上同向运动，开始甲在乙的前方x0处，它们的v-t图像如图所示，则在0t1这段时间内（ ）A.甲乙两物体可以相遇一次B.乙物体可能

2、运动到甲的前面C.在t1时刻甲乙相距最远D.在t1时刻甲乙两物体相遇2、朱军同学在现杨观看F1赛车表演时，看到赛车闪而过，感叹“真快啊!”；当到了终点时，赛车突然刹车停住，朱军同学又感叹“真快啊!”下列说法正确的是（）A.第一个“真快”是描述加速度大；第二个“真快”是描述速度大B.第一个“真快”是描述速度大；第二个“真快”是描述速度大C.第一个“真快”是描述速度大；第二个“真快”是描述加速度大D.第一个“真快”是描述加速度大；第二个“真快”是描述加速度大3、加速度的概念是由伽利略建立起来的，哲学家罗素给予了极高的评价：“加速度的重要性，也许是伽利略所有发现中最具有永久价值和最有效果的一个发现。

3、”关于加速度，下列说法正确的是（）A.物体加速度的方向与其速度方向必定相同B.物体速度变化量越大，其加速度一定越大C.加速度是描述物体速度大小变化的物理量D.物体速度变化越快，其加速度一定越大4、下列均属于国际基本单位的是A.m，N，JB.m，kg，JC.m， kg， sD.kg，m/s，N5、下列说法中正确是A.运动员在分析乒乓球的旋转时可将乒乓球视为质点B.出租车是按位移的大小来计费的C.在学校田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500mD.第一节课从8:00开始，其中8:00指的是时刻6、关于做直线运动的物体的加速度、速度及速度变化量的说法，正确的是（）A.物体的速

4、度越大，加速度越大B.物体的速度变化量越大，加速度不一定大C.物体的速度变化越快，加速度越大D.物体的加速度减小，速度一定减小7、如图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升机，用悬索救起伤员直升机和伤员以相同水平速度匀速运动的同时，悬索将伤员吊起，在某一段时间内，二者之间的距离l与时间t的关系为式中l表示伤员到直升起的距离，H表示开始计时时伤员与直升机的距离，b是一常数，t表示伤员上升的时间，不计伤员和绳索受到的空气阻力这段时间内从地面上观察，下面判断正确的是A.悬索始终保持竖直B.伤员做匀变速直线运动C.伤员做匀变速曲线运动D.伤员的加速度大小、方向均不变8、物体在水平面上做匀变速

5、直线运动，初速度，后的速度大小为，则该内物体的（ ）A.加速度大小一定为B.加速度大小可能为C.位移可能等于D.平均速度一定不会为零9、如图所示，从弹簧上方某点自由下落的小球，从接触到竖直放置的弹簧，到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受合力大小的变化情况正确的是（）A.速度先变大，后变小B.速度先变小，后变大C.合力先变大，后变小D.合力先变小，后变大10、如图所示，质量为m=2kg的小球置于倾角为30的光滑固定斜面上，劲度系数为k=200N/m的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在竖直墙上的P点，小球静止于斜面上，弹簧轴线与竖直方向的夹角为30，g=10m/s2则A.小球对斜面的压力大

6、小为20NB.弹簧对小球拉力大小为NC.弹簧的伸长量为10cmD.小球所受重力与支持力的合力沿斜面向下二、实验题11、（4分）某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：（1）调整长木板倾角，当钩码的质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)请回答下列问题：打点计时器在打下D点时滑块的速度vD=_m/s；(结果保留3位有效数字)滑块做匀加速直线运动加速度a=_m/s2；(结果保留3位有效数

7、字)滑块质量M=_(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出amg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=_kg(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)12、（10分）(1)电火花计时器是一种使用_（填“交流”或“直流”）电的计时仪器，工作电压为220V，打点周期0.02s。在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在_上，还要检查墨粉纸盘是否夹在纸带之间。(2)如图所示，为一次使用电火花计时器记录小

8、车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，相邻计数点间有四个计时点未画出。则利用纸带上的数据可求出小车的加速度大小是_m/s2(保留一位有效数字）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）民航客机一般都有紧急出口，发生意外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，斜面的倾角为30，人员可沿斜面匀加速滑行到地上如果气囊所构成的斜面长度为8m ，一个质量为50kg 的人从静止开始沿气囊滑到地面所用时间为2s ，求：（g 10m/s2

9、）（1）人滑至地面时速度的大小；（2）人与气囊之间的动摩擦因素14、（14分）一个质量为m物体放在台式弹簧秤上，受到的支持力为FN，对台秤的压力为FN：(1)画出物体的受力分析示意图；(2)试证明物体静止时对弹簧秤的压力大小等于物体所受的重力大小；（证明时，请在图上标出所涉及的力）(3)若把物体和台秤放在加速上升的电梯里，请说明台秤的示数是否等于重力，如果不等，比重力大还是小。15、（13分）在地面上以v020m/s的初速度竖直向上抛出一个物体，若在物体抛出后的整个过程中所受空气阻力大小不变，且恒为其重力的0.6倍，则物体落回地面时的速度大小为多少？（g取10m/s2）参考答案一、选择题：本大

10、题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】v-t图像纵坐标值表示瞬时速度的大小，可得0t1内甲的速度大于乙的速度，表示甲比乙快，且开始甲在乙的前方x0处，故此过程甲乙的距离进一步增大；t1时刻后甲的速度小于乙的速度，乙可以相对靠近甲，距离开始变小，甚至出现乙追上甲，故t1时刻甲乙相距最远，还不能相遇；ABD错误，C正确。故选C。2、C【解析】第一个“真快”是描述赛车运动的快，即速度大；第二个“真 快”是描述赛车停下来的时间很短，加速度大，故选C.3、D【解析

11、】A物体加速度的方向与速度变化量的方向必定相同，但与速度方向可能相同，也可能不同，故A错误；B物体速度变化量越大，其加速度不一定越大，故B错误；CD加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，且物体速度变化越快，其加速度一定越大，故C错误，D正确。故选D。4、C【解析】长度，质量，时间等为基本物理量，基本物理量的单位为基本单位。长度、质量、时间在国际单位制中的基本单位为米、千克、秒即m、kg、s，故C正确，ABD错误。故选C。5、D【解析】运动员分析旋转球技术时的乒乓球，不可以看成质点，否则无法研究其旋转，故A错误；出租车是按路程的大小来计费的，选项B错误；在学校田径场1500m长跑比赛中，跑完全程

12、的运动员的路程大小为1500m，选项C错误；第一节课从8:00开始，其中8:00指的是时刻，选项D正确；故选D.6、BC【解析】A加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度很大，比如匀速直线运动，但不存在变化，加速度为零，故A错误；B物体的速度变化量越大，所用时间也很长，则加速度不一定大，故B正确；C加速度是描述速度变化快慢的物理量，所以物体速度变化越快，加速度越大，故C正确；D物体速度的增减取决于加速度和速度的方向关系，两者反向时，速度一定减小，故D错误。故选BC。7、ACD【解析】直升机和伤员之间的距离以变化，知伤员在竖直方向上做匀加速直线运动，伤员实际的运动是水平方向上的匀速直线运动和竖直方

13、向上匀加速直线运动的合运动；【详解】A.由可知伤员在竖直方向的运动是加速度的方向竖直向上，大小恒定的匀加速直线运动，竖直方向只受两个力的作用，所以悬索的拉力大于伤员的重力，因此悬索始终保持竖直，所以A正确；BCD.伤员在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上是匀加速直线运动，那么伤员的运动，相对直升机做加速度不变的匀加速直线运动，从地面看，就是类平抛运动，故CD正确，B错误【点睛】解决本题的关键知道伤员在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过运动的合成进行求解8、BCD【解析】AB若2s后速度与初速度方向相同，速度变化量为：若速度与初速度方向相反，速度变化量为：则加速度为：或故A错误B正确；CD物体

14、做匀变速直线运动，故平均速度为：或故位移为：则位移等于8m或故CD正确9、AD【解析】根据小球下落与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况【详解】开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mgkx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kxmg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大即整个过程中

15、合外力先变小后变大，速度先变大后变小，故AD正确，BC错误【点睛】本题在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动10、AC【解析】小球受重力、弹力和支持力，可画出受力图，根据平衡条件求出弹簧的拉力和斜面对小球的支持力，由胡克定律求解弹簧的伸长量；【详解】小球静止于斜面上，设小球受的弹簧拉力为T，设斜面对小球的支持力为FN，设弹簧的伸长量为x，对小球受力分析如图，则：FNsin30=Tsin30；FNcos30+Tcos30=mg；T=kx；联立解得：FN=T=20N、x=0.1m=10cm；即小球受的弹簧拉力为T=20N，弹簧伸

16、长了10cm故AC正确斜面对小球的支持力为FN=20N，据牛顿第三定律，小球对斜面的压力的大小为20N故B错误小球所受重力与支持力的合力与弹簧的拉力T等大反向，即沿弹簧拉力方向，选项D错误；故选AC.【点睛】本题解题关键是分析物体的受力情况，作出力图此题运用合成法进行求解，也可以根据正交分解法处理二、实验题11、；， ；（4）【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；根据牛顿第二定律有mg=Ma，由

17、此可解得滑块的质量从图乙中可知，（2）相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得， 根据逐差法可得，联立即得滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg12、 .交流 .纸盘轴 .0.5【解析】(1)1电火花打点计时器使用的是交流电源；2在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在纸盘轴上；(2)3相邻计数点间有四个计时点未画出，所以相邻计数点间的时间间隔为，根据逐差公式可得：，则可得：，代入数据可得：。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）8m/s；（2）【解析】据牛顿第二定律，抓住垂直斜面方向合力为零，求出旅客沿斜面滑下的加速度大小，据速度位移公式求出旅客滑到斜面底端的速度大小【详解】(1)由公式代入数据解得：则到达地面时的速度为；(2)由牛顿第二定律得：代入数据解得：14、 (1)见解析；(2)证明过程见解析；(3)不等，大于【解析】(1)物体受