2021-2022学年江西省上饶上饶联考中考物理五模试卷含解析及点睛

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，电压表V1、V2的示数随电

2、流表A示数变化的完整图线如图（b）中、图线所示，在图（c）中能正确反映该过程的电压表V3随电流表A示数变化的完整图线是ABCD2在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球,白球发生运动后碰撞其他球, 如图所示以下说法正确的是( )A手推动球杆前进时，手对球杆做了功B在水平桌面滚动的球受到了重力，重力对球做了功C桌面对球的支持力做了功D白球撞击黑球后没有静止;是因为人的手还在对白球做功3放在桌面上静止不动的墨水瓶，受到的一对平衡力是（）A墨水瓶对桌面的压力和所受到的重力B桌面对墨水瓶的支持力和墨水瓶所受到的重力C墨水瓶对桌面的压力和桌面对墨水瓶的支持力D条件不足，无法确定4如图甲所示的电路中，电源电压保

3、持不变，小灯泡的额定电压是闭合开关后，当滑片从右向左移动的过程中，小灯泡的关系图象如图乙所示下列判断正确的是A滑动变阻器接入电路的最小阻值是B滑动变阻器接入电路的最大阻值是C小灯泡消耗的电功率总小于滑动变阻器消耗的电功率D小灯泡消耗的电功率有时等于滑动变阻器消耗的电功率5下列关于电磁信息的说法中，正确的是A玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的B闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流C发电机工作时，将机械能转化为电能D通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关6甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，它们的st图象如图所示由图象可知下列说法正确的是A甲的速度小于乙的速度B经

4、过6s，甲在乙前面1.2m处C以甲为参照物，乙向东运动D以乙为参照物，甲向东运动7小明在玻璃杯内盛满水，杯口盖上一张硬纸片（不留空气），然后托住纸片，将杯子倒置或倾斜，水都不流出，纸片也不掉下（如图所示）对整个探究活动的分析正确的是 A探究的问题：大气压强有多大 B探究的目的：研究水的重力与大气压力的关系C探究的假设：大气对各个方向都有压强 D探究的结论：大气向各个方向的压强相等二、填空题（本大题7小题，共21分）8医学上常用的内窥镜是一条细长柔软的管子，管内有一束导光的玻璃纤维，细管顶端装有小型摄像机的医疗器械，摄像机的镜头相当于_镜导光的玻璃纤维是属于_（导体/绝缘体），检查时，要使观察更

5、加仔细，就要减小观察范围，此时应该使内窥镜细管顶端接近患处，所成的像会变大，此时患处所在的位置应该在镜头的焦点_（以外/以内）.9如图所示，电源电压不变，R1 为定值电阻，R2 为滑动变阻器（a、b 为其两端点），当滑片 P 在 b 点时，电流表示数为 0.1A，R2 消耗的功率为 1W；当滑片 P 移动至某一位置时，电流 表示数为 0.3A，R2 消耗的功率为 1.8W.则：R2 的最大阻值为_则当滑片 P 从 a 移到 b 的过程中：电压表示数变化了_V，R1 消耗的电功率变化了_W，电路消耗的总功率变 化了 _W10图示，是某同学研究液体压强时，绘制的甲、乙两种液体的压强与深度的关系图象

6、由图象可知，甲、乙两种液体的密度关系为甲_乙(填“”、“或“=”)，其中_种液体是水（g取10Nkg）11烧水时水开后壶嘴周围有“白汽”，且_（选填“a”或“b”）处较浓；戴眼镜的同学觉察到冬天_（选填“从室内到室外”或“从室外到室内”）镜片上也会出现类似的情况。12有一个质量540g，体积360cm3的空心铝球，其空心部分的体积是_ cm3；如果在空心部分注满水后，总质量是_ g（铝的密度2.7103kgm3）13某课外活动小组在探究物体的“浮沉条件”时，将一个质量为100 g的物体放入装满水的深桶中，溢出90g水，物体受到的浮力是_N(取g10 N/kg)；这个物体在水中将会_(选填“上浮

7、”“下沉”或“悬浮”)放入物体后水对桶底的压强_(选填“大于”“小于”“等于”)放入物体前水对桶底的压强14如图1的电路中，电源电压不变，灯泡RL的阻值小于变阻器R2的最大阻值，且R1的阻值是灯泡电阻RL的两倍，灯泡电阻不随温度发生变化。现只闭合S2，滑动变阻器滑片P从a端滑到b端的过程中，变阻器R2的电功率与它两端电压的关系图线如图，滑动变阻器滑片到达b端时，R2的功率为此时电路总功率的80%，则此时RL:R2=_；若同时闭合S1、S2、S3，电路消耗的最小总功率为_W。三、作图题（共7分）15请画出图中的折射光线；（_）16如图所示，OB为一束光线在水面的反射光线，O为入射点请画出入射光线

8、和其进入水中的折射光线（_）17用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路四、实验题（本大题共5小题，共20分）18实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源、电压表、电流表、电阻箱、滑动变阻器、开关等元件各一个，导线若干。请利用上述器材，设计一个实验证明：当通过导体的电流一定时，导体消耗的电功率与导体的电阻成正比。（1）请画出实验电路图；（2）写出实验步骤；（3）画出实验数据记录表格。19在探究“光反射时的规律”实验中，如图甲小华在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，接着她把纸板NOF向前折或向后折（如图乙），在纸板上_(选填“能”或“不能”)看到反射光，由此得出_的结论。在图甲所示

9、的实验中如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，_。20如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置示意图该实验装置要探究的是物体动能的大小与物体_的关系（物体A、B质量不变）该实验中所探究物体的动能是指物体_（选填“A”或“B”）的动能该实验物体动能的大小是通过_来反映的该实验物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B即将碰撞时的速度，它是通过_（选填“高度”或“质量”）来改变的实验表明，同一物体A从斜面高处滚下，高度越大，物体B被撞得越远，可得结论_若要研究物体动能与质量的关系，则需不同质量的物体从斜面_高度由静止滚下，并观察记录21小明

10、和小华各自做“验证阿基米德原理”实验，如图（a）所示为小明实验的示意图，图（b）所示为小华实验的部分示意图在小明的实验示意图中，弹簧测力计的示数值分别为F1、F2和量筒中水面刻度值分别为V1、V2，若满足关系式_时，则可以验证阿基米德原理在小华的实验示意图中，使用了溢水杯和小烧杯，如果小华接着使用电子天平成功完成实验，天平应测量_中水的质量m水（选填“溢水杯”或“小烧杯”），若此时图中两弹簧测力计的示数差值F跟m水满足关系_时，则可以验证阿基米德原理22为了研究物质的某种性质，小刚用水和酒精进行了实验探究实验时他用天平和量筒分别测出了两种物质的质量和体积，数据如下所示物质实验次数体积（cm3）

11、质量（g）物质实验次数体积（cm3）质量（g）水11010酒精110822020220163303033024（1）小刚同学已经在坐标纸上画出了酒精的质量随体积变化的图象，如图所示请在图上画出水的质量随体积变化的图象（_）（2）小刚仔细地分析了两种物质的质量与体积的比值关系，归纳出了以下的结论：分析表1或表2中的数据，可以归纳出结论：同种物质， _分析表1和表2中的数据，可以归纳出结论：不同物质 _，五、计算题（本大题共2小题，共13分）23某型号热水杯的原理图如图所示，它有加热和保温两档，通过单刀双掷开关S进行调节，R0、R为电热丝当开关S接加热档时，电路的功率为1100W，当开关S接保温档

12、时，电路的总功率为44W，R0、R阻值恒定不变整壶水的质量2kg额定电压220V加热时的总功率l100W保温时的功率44W在加热档正常工作时，电路中的电流是多少电热丝R0、R的阻值多大？已知热水壶的加热效率为80%，在一标准大气压下把一满壶水从20烧开需要多长时间？（小数点后保留1位小数，c水4.2103J/（kg）24某电热水瓶容量为2L，有加热和保温两档，该电热水瓶装满初温为20的水接在家庭电路中，它正常工作时的功率和时间关系如图所示（外界大气压强为1个标准大气压，计算结果保留一位小数）求：保温时通过电热水瓶的电流是多少？若通电10min恰好将水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是多少？六、综

13、合能力题（本大题共3小题，共18分）25由于怕饭菜太烫，来不及冷却而影响小明的早餐，妈妈总是很早就起床了。为了让妈妈多睡一会儿，小明就想到一种让物体快速冷却的方法。为此小明进行了如下的探究，小明注意到妈妈是把饭放小明注意到妈妈是把饭菜放在空气中冷却的，而厨房中适合用来冷却的另一种物质就是水水和空气哪个的导热性能好呢？为此小明用两个相同的牛奶瓶，都装入热牛奶，一个放在温度与室温相同的水中，另一个就放在空气中，为了尽量减少其他因素的影响，他把两个瓶都用木块垫起来，放在同一个桌面上如图所示实验时他每隔一定的时间记录一次甲、乙两温度计的示数，得到的数据如下表：对装在相同甲、乙两个瓶中的初温相同的牛奶，

14、小明还要控制牛奶的_相同。小明通过实验，发现在相同的情况下_的导热性能更好。进一步分析表中甲的示数，小明又发现，在冷却过程中，牛奶冷却的快慢前后并不一致，是越来越_的小明想用“冷却速度”（用字母v代表）来定量表示冷却的快慢程度，请你给物理量下个定义：物体在单位时间内_下降的多少叫做冷却速率小明又仔细分析了冷却速度变小的原因，认识到这是因为牛奶冷却的快慢还会受到谁和牛奶之间的_的影响根据（4）中的分析，小明终于找到了一个用水使物体快速冷却的办法，并且举一反三，明白了工业生产中使用流水喷淋法冷却高温物体的好处：_；_26随着科技的飞速发展，人们生活已趋于自动化，扫地机器人已进入普通家庭，如图所示是

15、某款扫地机器人及铭牌上的部分参数（g取10N/kg）以在工作中的扫地机器人为参照物，地板是_的若扫地机器人在半分钟里沿直线匀速前进了12m，它的速度是_？若扫地机器人与地面的接触面积为100cm2，求它静止时对水平地面的压强_27某兴趣小组设计的“温度控制器”工作时有加热和恒温两种状态电路如图甲所示，S为开关，双金属开关在温度低时闭合、温度到达一定值时自动断开，降温后再闭合，循环工作起到调节温度作用，指示灯的额定电压为200V，且亮起即正常工作，发热电阻阻值为40求：当指示灯亮时，温度控制器处于_状态指示灯的电阻值_加热状态时，温度控制器所消耗的电功率_温度控制正常时，记录灯泡在一段时间内规律

16、性亮灭情况如图乙，则温度控制器1小时所消耗的电能_参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，滑动变阻器接入点路的电阻变小，根据I=U /R 可知，电路中的电流变大；根据U=IR可知，R1两端的电压变大，故表示电压表V1、表示电压表V1当滑片位于左端时，R1与R1串联，由（b）图象可知：R1两端的电压U1=4V，通过的电流I1=0.4A，则R1=U1/ I1=4V /0.4A =10；电源的电压U=U1+I1R1=4V+0.4AR1-当滑片位于右端时，R1、R、R1串联，由（b）图可知，I1=0.1A，R两端的电压UR=3

17、V，U1=1V，则电源的电压U=UR+U1+I1R1=3V+1V+0.1AR1-由两式可得：U=6V因V3测电源的电压与R1两端的电压之差，所以，当U1=4V、I1=0.4A时，V3的示数为U-U1=6V-4V=1V；当U1=1V、I1=0.1A时，V3的示数为U-U1=6V-1V=4V；结合选项可知A符合，BCD不符合故选A2、A【解析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可手推动球杆前进时，有力也有距离，所以手对球杆做了功，故A正确；由于重力的方向与小球运动的方向垂直，所以，重力对小球不做功，故B错误；桌面对球的支持力的方向与小球的运动方向垂

18、直，所以，支持力对小球不做功，故C错误；白球撞击黑球后没有静止，而是继续运动，是因为白球具有惯性，不是手对白球有力的作用，更不是对白球做功，故D错误，故选A3、B【解析】这两个力方向相同，都竖直向下；并且不作用在同一物体上，所以不是平衡力，故A错误；桌面对墨水瓶的支持力和墨水瓶受到的重力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、作用在同一物体上，所以是一对平衡力，故B正确；这是一对作用力与反作用力，这两个力不作用在同一物体上，所以不是平衡力，故C错误；条件充足，能做出判断，故D错误，故选B。4、C【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的

19、电流当小灯泡正常发光时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由图乙可知，小灯泡两端的电压UL2.5V时（正常发光），通过的电流IL0.28A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时滑动变阻器两端的电压：URUUL6V2.5V3.5V，由可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：，故A错误；此时灯泡的电阻：；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡分得的电压最小，由图乙可知，小灯泡两端的最小电压UL0.4V时，通过的电流IL0.16A，此时滑动变阻器两端的电压：URUUL6V0.4V5.6V，则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：，故B错误；此时灯泡的电阻：，因滑

20、动变阻器接入电路中的最小阻值为12.5，灯泡的最大阻值为8.9，即灯泡的阻值始终小于变阻器接入电路的阻值，且同一时刻通过两者的电流相等，所以，由PUII2R可知，小灯泡消耗的电功率总小于滑动变阻器消耗的电功率，故C正确、D错误5、C【解析】A、玩具电动车的电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误；B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，故B错误；C、发电机工作时，消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的装置，故C正确；D、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关，故D错误6、D【解析】由于甲乙的s-t图象是一条倾斜的直线，所以甲

21、乙都做匀速直线运动，由图象知道， v甲v乙，故A错误；由图象知道，当t=6s时，甲运动了1.2m，乙运动了0.6m，又因为甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，所以经过6s，甲在乙前面1.2m-0.6m=0.6m处，故B错误；因为v甲v乙，甲、乙两物体同时同地向东做匀速直线运动，所以甲在乙车的前面向东运动，两物体的相对位置不断变化，以甲为参照物，乙向西运动，以乙为参照物，甲是向东运动的，故C错误，D正确。7、C【解析】该实验是探究大气压存在的实验，因此针对该实验可以提出问题为大气压向各个方向有压强吗？假设：大气向各个方向有压强；目的是探究大气压向各个方向是否有压强；结论：大气压向各个方向有压

22、强；因此只有C选项符合要求二、填空题（本大题7小题，共21分）8、凸透 绝缘体 以外 【解析】根据课本知识可知照相机、摄像机的镜头都是由凸透镜制成的；玻璃属于绝缘体，所以玻璃纤维也属于绝缘体；根据凸透镜成像规律可知，物距小于一倍焦距是不成像的，所以患处所在的位置一定在镜头的焦点以外9、100 10 7 6 【解析】由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流因当滑片P在某一端点时电流表示数0.1A小于当滑片P移动至某一位置时电流表示数0.3A，所以滑片P在该端点时接入电路的阻值最大，即滑片位于b端，由P=UI可得,R2两端的电压：U2=10V，由I=可得，滑动变阻

23、器的最大阻值：R2=100，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,电源电压：U=I1R1+U2=0.1AR1+10V，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，滑动变阻器两端的电压：U2=6V，所以电源电压：U=I2R1+U2=0.3AR1+6V，因电源的电压不变,所以,0.1AR1+10V=0.3AR1+6V，解得：R1=20，电源电压：U=I1R1+U2=0.1A20+10V=12V；当P在a端时,R2连入阻值为0,则电压表的示数为0,电路为R1的简单电路；电流表最大示数：I=0.6A，R1消耗的电功率与电路消耗的总功率相等，所以P1=P=UI=12V0.6A=7.2W；当P在b

24、端时,电路中的电流I=0.1A,电压表示数U2=10V，则当滑片 P 从 a 移到 b 的过程中：电压表示数变化了10VR1消耗的电功率：P1=(I)2R1=(0.1A)220=0.2W，电路消耗的总功率：P=UI=12V0.1A=1.2W，R1消耗的电功率变化了P1=P1P1=7.2W0.2W=7W;电路消耗的总功率变化了P=PP=7.2W1.2W=6W10、大于 乙 【解析】根据公式可知液体压强跟液体的密度和液体的深度有关，在深度相同时，液体的密度越大压强越大由图象可知，甲、乙两种液体的密度关系为： 甲 大于 乙 ，其中乙种液体的密度为： 是水本题考查的是液体的压强和密度的计算；学生应把握

25、液体压强跟液体的密度和液体的深度有关，在深度相同时，液体的密度越大压强越大11、a 从室外到室内 【解析】水蒸气是看不到的，我们看到的“白气”不是水蒸气，是水蒸气遇冷液化形成的小水珠；壶嘴处温度较高，不会发生液化现象，也就不会出现“白气”，所以a处较浓； 冬天眼镜上的水雾是室内温度较高的水蒸气遇冷液化而成的，应是从室外到室内形成白雾。12、160 700 【解析】铝球实心部分体积为：，则空心部分的体积是：360cm3-200cm3=160cm3；空心部分注满水，水的质量为：m水=，1g/cm3160cm3=160g，则总质量为540g+160g=700g。13、0.9 下沉 等于 【解析】（1

26、）把物体轻轻放入盛满清水的溢水杯中，排开的水重：G排=mg=0.09kg10N/kg=0.9N，物体受到的水的浮力：F浮=G排=0.9N（2）物体的重力G=mg=0.1kg10N/kg=1N，因为物体重1N，G物F浮，以松手后物体将下沉（3）因为原来深桶中装满了水，放入物体后，水溢出，桶中水的深度不变，根据p=gh可知，水对桶底的压强不变放入物体后水对桶底的压强等于放入物体前水对桶底的压强故答案为0.9；下沉；等于14、1:4 15W 【解析】只闭合S2时，电路中只有灯泡与滑动变阻器串联。当滑片到达b端时，R2的功率为此时电路总功率的80%，则灯泡功率为电路总功率的20%，即此时灯泡功率PL与

27、滑动变阻器功率P2之比为PL:P2=20%:80%=1:4。因此时灯泡与滑动变阻器串联电流相等，且由P=I2R得R=，所以=；由图像知，滑片P从a端滑到b端的过程中R2的最大功率为5W，由串联电路特点和欧姆定律可得，电路中电流：，由P=I2R可得R2的的电功率为=，当R2=RL时，P2有最大值，所以=，即有：。由图甲知，当同时闭合S1、S2、S3时，R1、R2并联。当滑片在b端时，滑动变阻器阻值最大，电路的总电阻最大，电源电压一定，由知，此时电路消耗总功率最小。因R1=2RL，R2=4RL，所以=15W。三、作图题（共7分）15、【解析】入射光线过焦点，经过凸透镜折射后，折射光线将平行主光轴射

28、出，由此可以确定该条入射光线对应的折射光线，如图所示：16、【解析】先过入射点作出法线，然后根据反射角与入射角相等作出入射光线AO，根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角作出折射光线OC，如图所示：17、【解析】火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套，这样在更换灯泡时更安全，接法如下图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、（1）（2）详见解析（3） R/I/AU/VP /W【解析】（1）根据控制变量法，要使通过电路的电流保持不变，必须把电阻箱与滑动变阻器和电流表串联起来，然后利用电压表测出电阻箱两端的电压，根据P=UI分析比较即可。实验电路图，如图

29、所示：（2）实验步骤： 按电路图连接实验电路，将电压表电流表指针调零，滑动变阻器调到阻值最大；断开开关S，调节电阻箱R的阻值。闭合开关S，适当移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数为I，用电压表V测量电阻箱R两端的电压U，将R、I、U的数据记录在实验记录表中； 仿照步骤，分别改变5次电阻箱R的阻值，每次移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数仍为I，用电压表V分别测量各次相应的电压U，并分别将R、I、U的数据记录在实验记录表中； 利用公式P=UI，分别计算出6次电阻箱R消耗的电功率P的数值，并分别记录在实验记录表中。 （3）实验数据记录表： R/I/AU/VP /W19、 反射光线与入射光线

30、和法线在同一平面上 光路是可逆的 略【解析】实验中，把纸板NOF向前折或向后折，在纸板上不能看到反射光，说明反射光已经不在纸板上了，而此时左右2个纸板也不在同一个平面了，由此说明：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；一次实验具有很大的偶然性，为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当改变入射角的大小进行多次实验；在图甲所示的实验中，如果让光沿FO方向射到镜面，会发现反射光沿OE方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的。20、速度 A B被撞的距离大小 高度 当物体质量相同时，物体的速度越大，动能越大 相同 【解析】（1）动能的大小与物体的质量和速度都有关系，因此探究“物体动能的大小与什

31、么因素有关？”的实验中，由图知，只有一个小球，是要探究的是物体动能的大小与速度的关系；（2）该实验研究的主体是小球A，研究的是小球A动能的大小与速度和质量的关系；（3）该实验中小球动能的大小是通过B被撞距离的远近体现的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；（4）该实验物体的速度是指物体A从斜面上静止滚下与物体B碰撞时碰撞前A的速度，这个速度的大小是通过控制小球A在斜面上的高度改变的；（5）同一物体A从斜面高处滚下，高度越大，物体B被撞得越远，说明动能越大，可得结论为：当物体质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（6）为了研究物体动能与物体质

32、量的关系，实验中应多次让不同质量的物体从斜面同一高度上静止滚下，控制小球的速度相同，应改变物体A的质量【考点定位】探究影响物体动能大小的因素21、 小烧杯 【解析】（1）物体受到的浮力等于物体的重力减掉浸没水中时弹簧测力计的示数，即F浮=F1-F2；量筒中水面两次示数差(V2-V1)表示金属块排开的水的体积，根据 和G=mg可得，金属块排开的水所受重力的表达式为：G排=m排g=水gV排=水g(V2-V1)，实验中若F1-F2=水g(V2-V1)，则可以验证阿基米德原理；（2）研究浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开的液体所受重力之间的关系时，需要用电子天平测量出小烧杯中溢出水的质量，根据G=m

33、g知溢出水的重力G水=m水g，比较两弹簧测力计的示数差值F跟G水的关系，若m水g，则可以验证阿基米德原理22、 质量与体积的比值相同 质量与体积的比值不同 【解析】(1)根据表中水的三组数据，在图象上把对应的三个点找出来，然后把三个点连起来。如图所示：(2)分析表中水和酒精的数据，可以发现：同种物质，质量和体积是成正比的，即质量与体积的比值相同；(3)分析表中的数据第一次、第二次或第三次，可以发现：体积相同的不同物质，质量不同，即质量与体积的比值不同。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）5A；（2）44， 1056；（3）763.6s【解析】（1）由表格数据可知，加热时的功率为1

34、100W，由PUI可得加热档正常工作时，电路中的电流：I加热5A；（2）由图知S接2时只有R0接入电路，电路中电阻最小，功率最大，为加热状态，由P可得R0的阻值：R044；S接1时两电阻串联，电路中电阻最大，功率最小，为保温状态，则总电阻：R总R0+R1100，所以R的阻值：RR总R01100441056；（3）水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/(kg)2kg（10020）6.72105J；热水壶放出的热量：Q放8.4105J，因为电流所做的功WQ放Pt，所以加热所用的时间：t763.6s24、（1）1.8A；（3）93.3%【解析】试题分析：（1）由图示可知，保温瓶保温时消耗的电功率为

35、400W，所以可知保温时通过电热水瓶的电流I=P/U=1.8A；（2）通电10min消耗的电能为W=Pt=0.2kWh= 7.2105J；烧开水时水所吸收的热量为Q吸=cm（t-t0）=4.2103J/（kg）2kg（100-20）=6.72105J，所以可知电热水瓶的热效率为热水瓶效率：=Q吸/W93.3%考点：电功率；热效率六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、质量 水 慢 温度 温度差 可以使高温物体各部分均匀冷却（水的比热容比空气高，能带走更多热量） 冷却水可以通过流动散热，起到更好的冷却作用（能形成更大的温度差，提升冷却速度） 【解析】（1）在研究空气和水的导热性时，由控制变量法知道，应该保证其它条件相同，即除初温相同外，还