福建省龙海市程溪中学2023学年化学高一下期末质量检测试题含答案解析

1、2023学年高一下化学期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、 “酒是陈的香”，是因为酒

2、在储存过程中生成了有香味的乙酸乙酯。在实验室我们可以用如图所示的装置来制取乙酸乙酯。关于该实验的说法不正确的是Aa试管中发生的反应是酯化反应，原理是乙酸脱去羟基、乙醇脱氢Bb试管中所盛的试剂是NaOHC反应后b中可以看到明显的分层，产物在上层D试管b中的导管要在液面的稍上方，不能插入液面以下，是为了防止倒吸2、将铜放入稀硫酸中，再加入下列一种试剂，常温下就可产生气体的是AKNO3 BFeCl3 CCuSO4. D浓H2SO43、下列选项中的物质与其特征反应对应正确的是选项物质特征反应A油脂遇浓硝酸变黄B蛋白质碱性条件下发生水解反应C淀粉常温下，遇碘化钾溶液变蓝D葡萄糖加热条件下，与新制Cu(O

3、H)2反应生成砖红色沉淀AABBCCDD4、已知常温下：Ksp(AgCl)=1.61010，下列叙述正确的是AAgCl在饱和NaCl溶液中的Ksp比在纯水中的小BAgCl的悬浊液中c(Cl)=4105.5mol/LC将0.001mol/LAgNO3溶液滴入0.001 mol/L的KCl溶液中，无沉淀析出D向AgCl的悬浊液中加入NaBr溶液，白色沉淀转化为淡黄色，说明Ksp(AgCl)XZWB离子半径：X+Y2+Z-W2-C原子最外层电子数：ZWYXD还原性：XYW2-Z-10、设NA为阿伏加德罗常数，下列叙述中错误的是（ ）A在标准状况下，22.4L空气中约有NA个气体分子B1mol CH4

4、气体中含有的共价键数目为4NAC1mol OH-离子中含有的电子数为10NAD含NA个氧原子的O2与含NA个氧原子的O3的质量之比为2311、磷酸铁锂电池广泛应用于电动自行车电源，其工作原理如图所示，LixC6和Li1-xFePO4为电极材料，电池反应式为: LixC6+Li1-xFePO4=LiFePO4+6C(x1)。下列说法错误的是A放电时，电极b是负极B放电时，电路中通过0.2mol电子，正极会增重1.4gC充电时，电极a的电极反应式为:6C+xLi+xe-=LixC6D若Li1-xFePO4电极中混有铁单质，会造成电池短路12、经测定，由C3H7OH、C2H5OC2H5和C6H12组

5、成的混合物中氧的质量分数为8%，则此混合物中氢的质量分数为( )A78%B22%C14%D13%13、完全沉淀等物质的量浓度的NaCl、MgCl2、AlCl3溶液中的Cl，消耗等物质的量浓度的AgNO3溶液的体积比为111，则上述溶液的体积比为A111B632C321D93114、根据元素周期表和元素周期律分析下面的推断，其中错误的是A铍(Be)的原子失电子能力比镁弱B砹(At)的氢化物不稳定C硒(Se)化氢比硫化氢稳定D氢氧化锶Sr(OH)2比氢氧化钙的碱性强15、下列关于新制氯水及久置氯水的说法中不正确的是()A新制的氯水呈黄绿色，久置的氯水变为无色B新制的氯水漂白作用强，久置的氯水漂白作

6、用很弱C新制的氯水所含微粒种类多，久置的氯水所含微粒种类较少D新制的氯水中无氯离子，久置的氯水中含有氯离子16、设NA为阿伏加德罗常数值，下列有关叙述正确的是（ ）A1 mol乙烷和1 mol乙烯中，化学键数相同B0.1 mol Na2O2与足量的二氧化碳反应转移的电子数为0.1 NAC1.7g 羟基（-OH）所含电子的数目为NAD56g Fe与足量的水蒸汽充分反应生成氢气，转移电子数为3 NA17、下列反应中属于取代反应的是()ACH3CHCH2Br2CH3CHBrCH2BrBCH3COOHCH3CH2OHCH3COOCH2CH3H2OC2CH3CH2OHO22CH3CHO2H2ODCH3C

7、H2OHCH2CH2H2O18、热激活电池可用作火箭、导弹的工作电源。一种热激活电池的基本结构如图所示，其中作为电解质的无水LiCl-KCl混合物受热熔融后，电池即可瞬间输出电能。该电池总反应为：PbSO42LiClCa=CaCl2Li2SO4Pb ，下列说法不正确的是()A工作时，电池的正极质量逐渐减轻B放电过程中，Li向正极移动C每转移0.1 mol电子，理论上生成20.7 g PbD常温时，在正负极间接上电流表，指针不偏转19、下列反应既属于氧化还原反应，又是吸热反应的是A铝与稀盐酸的反应B灼热的木炭与CO2反应C甲烷在氧气中的燃烧反应DBa(OH)28H2O晶体与NH4Cl晶体的反应2

8、0、下列关于反应能量的说法正确的是A若反应A=B H生成物总能量C101kPa时，2H2（g）+O2（g）=2H2O（g）；H=-QkJmol-1，则H2的燃烧热为1/2QkJmol-lDH+(aq) +OH- (aq)=H2O(l)；H= -57.3kJmol-1，含1mol NaOH的氢氧化钠溶液与含0.5mol H2SO4的浓硫酸混合后放出57.3kJ的热量21、X、Y、Z、W为原子序数依次增大的短周期主族元素，X是最外层只有一个电子的非金属元素，Y是地壳中含量最高的元素，W的原子序数是Y的2倍， X、Y、Z、W的最外层电子数之和为15。下列说法正确的是AX和Y只能形成一种化合物 B简单

9、离子半径：W2-Y2-Z2+C简单气态氢化物的热稳定性：WY DWY2、ZY中化学键类型相同22、下列变化符合图示的是冰雪融化 分解制二氧化碳铝与盐酸的反应与水反应硝酸铵溶于水和的反应ABCD二、非选择题(共84分)23、（14分）A、B、C、D、E、F是六种核电荷数依次增加的短周期元素，它们位于三个不同的周期，B原子的电子数是最内层电子数的三倍，C和E位于同一主族且它们可形成EC2、EC3两种常见化合物，D的最髙价氧化物对应的水化物是强碱，E和F相邻。回答下列问题：(1)写出B在元素周期表中的位置_；(2)写出A、C、F三种元素组成的一种弱电解质的结构式_；(3)能说明非金属性F比E强的两个

10、实例_、_；(4)化合物DA遇水会发生剧烈的化学变化，请写出该反应的化学方程式_；(5)金属镁在BC2中燃烧的化学方程式_。24、（12分）A是一种气态烃。B和D是生活中两种常见的有机物。以A为主要原料合成乙酸乙酯，其中成路线如下图所示：（1）A制备B的方程式为_。（2）B与钠反应的化学方程式为_，利用B与钠反应制备氢气，若制得1 mol H2需要B_mol。（3）物质B在空气中可以被氧气为C，此过程的化学方程式为_。（4）现拟分离含乙酸、乙醇和水的乙酸乙酯粗产品，下图是分离操作步骤流程图，图中圆括号表示加入适当的试剂，编号表示适当的分离方法。写出加入的试剂：(a)是_，(b)是_。写出有关的

11、操作分离方法：是_，是_。25、（12分）某化学小组的同学为探究原电池原理，设计如图所示装置，将锌、铜通过导线相连，置于稀硫酸中。（1）外电路，电子从_极流出。溶液中，阳离子向_极移动。（2）若反应过程中有0.2 mol电子发生转移，则生成的气体在标准状况下的体积为_。（3）该小组同学将稀硫酸分别换成下列试剂，电流计仍会偏转的是_（填序号）。A无水乙醇 B醋酸溶液 CCuSO4溶液 D苯（4）实验后同学们经过充分讨论，认为符合某些要求的化学反应都可以通过原电池来实现。下列反应可以设计成原电池的是_（填字母代号）。A NaOH+HCl=NaCl+H2O B 2H2+O2=2H2OC Fe+2Fe

12、Cl3=3FeCl2 D 2H2O=2H2+2O226、（10分）在一定条件下用普通铁粉和水蒸气反应，可以得到铁的氧化物，该氧化物又可以经过此反应的逆反应，生成颗粒很细的铁粉，这种铁粉具有很高的反应活性，在空气中受撞击或受热时会燃烧，所以俗称“引火铁”。请分别用下图中示意的两套仪器装置，制取上述铁的氧化物和“引火铁”。实验中必须使用普通铁粉和6 molL1盐酸，其他试剂自选(装置中必要的铁架台、铁夹、铁圈、石棉网、加热设备等在图中均已略去)。填写下列空白：(1)实验进行时试管A中应加入的试剂是_；烧瓶B的作用是_；烧瓶C的作用是_；在试管D中收集得到的是_。(2)实验时，U形管G中应加入的试剂

13、是_；长颈漏斗H中应加入_。(3)两套装置中，在实验时需要加热的仪器是(填该仪器对应的字母)_。(4)试管E中发生反应的化学方程式是_。(5)为了安全，在E管中的反应发生前，在F出口处必须_；E管中的反应开始后，在F出口处应_。27、（12分）（一） 某实验小组的同学们用下列装置进行乙醇催化氧化的实验.（部分夹持仪器已略去）已知：乙醇的沸点为 78，易溶于水；乙醛的沸点为 20.8，易溶于水。（1） 乙醇催化氧化的化学方程是_。（2）装置甲中热水的主要作用是_。（3）装置乙中冷水的主要作用是_，其温度要求是_，为达到该温度，可进行的操作是_。（4）实验开始前，加热铜网，观察到的现象是_，该反应

14、的化学方程式是_；鼓入空气和乙醇蒸气后，铜网处观察到的现象是_，此反应中，铜的作用是_。（5） 在不断鼓入空气的情况下,熄灭酒精灯,反应仍能继续进行,说明该反应_（填“吸热”或“放热”）；集气瓶中收集到的气体的主要成分是_。（6）实验结束后，取出装置乙中的试管，打开橡胶塞，能闻到_。（二） 化学兴趣小组的同学们设计了如下装置验证乙醇催化氧化的产物（加热仪器、夹持装置已略去）。已知： 乙醇的沸点为 78， 易溶于水； 乙醛的沸点为 20.8， 易溶于水。（1）乙醇催化氧化的化学方程式是_。（2）实验时上述装置中需要加热的是_（填字母，下同），其中应该先加热的是_， 为使装置A中的乙醇成为蒸气，

15、最简单的加热方法是_。（3）实验室制取氧气的化学方程式是_。（4）实验开始后，装置B中能观察到的现象是_；装置C中能观察到的现象是_， 由此得出的结论是_。（5）装置 E 的作用是_， 能初步判定反应后有乙醛生成的依据是_。（6）装置 D中的药品是_， 其作用是_。28、（14分）在4种有机物 甲烷、乙烯、乙酸、淀粉中，遇碘变蓝的是_（填序号，下同），分子结构为正四面体型的是_，能使溴水褪色的是_，能与钠反应产生氢气的是_。29、（10分）物质A、B、C、D、E、F、G、H、I、J、K有下图转化关系，D、E为气体单质，其中D为最轻的气体。试回答：（1）写出物质K的化学式_；（2）写出A与NaO

16、H溶液反应的化学方程式：_；（3）写出反应“IJ”的离子方程式：_；（4）在溶液I中滴入NaOH溶液，可观察到的现象是：_；（5）向1 L 0.2mol/L的C溶液中加入a ml 5mol/L的NaOH溶液得到了7.8g沉淀，求a=_mL。2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【答案解析】A、a试管中发生的反应是CH3COOHCH3CH2OHCH3COOCH2CH3H2O，该反应为酯化反应，原理是酸去羟基，醇去氢，故A说法正确；B、b试管的作用是收集乙酸乙酯，乙酸乙酯在NaOH水溶液发生水解反应，因此b试管中不能盛放Na

17、OH，应盛放饱和Na2CO3溶液，故B说法错误；C、b试管中盛放饱和Na2CO3溶液，Na2CO3溶液的作用是吸收乙醇，除去乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，使之析出，乙酸乙酯的密度小于水，即b试管中的现象，出现分层，上层为乙酸乙酯，故C说法正确；D、试管b中导管在液面稍上方，不能插入液面以下，是为了防止倒吸，故D说法正确；答案选B。2、A【答案解析】分析：A.酸性溶液中硝酸根具有强氧化性；B.氯化铁溶液与铜反应不产生气体；C.硫酸铜与铜不反应；D.浓硫酸常温下与铜不反应。详解：A、Cu、稀硫酸、KNO3混合时发生3Cu+8H+2NO33Cu2+2NO+4H2O，则铜粉质量减轻，同时溶液逐渐变为蓝色

18、，且有气体逸出，A正确；B、将铜放入稀硫酸中，再加入FeCl3，铜溶解，但不产生气体，B错误；C、Cu与稀硫酸不反应，加入CuSO4混合时也不反应，C错误；D、在常温下铜与浓硫酸不反应，在加热的条件下反应生成硫酸铜、二氧化碳和水，D错误；答案选A。点睛：掌握常见物质的性质特点是解答的关键，易错点是硝酸根离子的氧化性。硝酸根离子在酸性溶液中相当于是硝酸，具有强氧化性，在中性或碱性溶液中没有氧化性，在分析离子反应时需要灵活掌握。3、D【答案解析】A.油脂含有酯基，与硝酸不发生显色反应，蛋白质可与硝酸发生显色反应，A错误；B.蛋白质含有肽键，在碱性、酸性或催化条件下均水解，在碱性条件下水解不能作为特

19、征反应，B错误；C.淀粉遇碘变蓝色，可用于检验淀粉，不是碘化钾，C错误；D.葡萄糖含有醛基，可发生氧化反应，可与新制Cu(OH)2反应生成砖红色沉淀，D正确；答案选D。4、B【答案解析】A溶度积常数只与温度有关系，A错误；B根据氯化银的溶度积常数可知AgCl的悬浊液中c（Cl-）=410-5.5mol/L，B正确；C将0.001 molL1AgNO3溶液滴入0.001 molL1的KCl，浓度熵1061.61010，有沉淀析出，C错误；D向AgCl的悬浊液中加入NaBr溶液，白色沉淀转化为淡黄色，说明Ksp(AgCl)Ksp(AgBr)，D错误；答案选B。5、B【答案解析】A.钾的金属性比钙强

20、，所以氢氧化钾的碱性比氢氧化钙的碱性强，故A不选；B.氟的非金属性比碘强，所以氟化氢比碘化氢稳定，故B选；C.钠的金属性比锂强，所以锂失电子能力比钠弱，故C不选；D.硫的非金属性比磷强，所以硫酸的酸性比磷酸强，故D不选；故选B。【答案点睛】元素金属性的强弱，除了可以根据元素在周期表中的位置判断外，还可以根据其最高价氧化物对应的水化物的碱性强弱判断；元素非金属性的强弱，同样除了可以根据元素在周期表中的位置判断外，还可以根据其最高价氧化物对应水化物的酸性强弱以及单质跟氢气化合的难易程度和氢化物的稳定性来判断。6、D【答案解析】A催化剂只影响反应速率，不影响化学平衡，不能用勒夏特列原理解释，故A错误

21、；B合成氨是放热反应，所以低温有利于氨气的合成，一般反应温度控制在500左右，是保证催化剂的催化活性最大，该措施不能用勒夏特列原理解释，故B错误；C原料气必须经过净化才能进入合成塔是为了防止催化剂中毒，与化学平衡无关，不能用勒夏特列原理解释，故C错误；D合成氨的反应是一个反应前后气体体积减小的可逆反应，增大压强平衡都向正反应方向移动，有利于氨的合成，可以用平衡移动原理解释，故D正确；故答案为D。【答案点睛】勒夏特列原理是：如果改变影响平衡的一个条件(如浓度、压强或温度等)，平衡就向能够减弱这种改变的方向移动，勒夏特列原理适用的对象应存在可逆过程，如与可逆过程无关，则不能用勒夏特列原理解释。7、

22、C【答案解析】分析：A.相对分子质量超过10000的有机物属于高分子化合物；B.熔融的氯化铝不导电；C. 裂化的目的是提高汽油的产量和质量；D.煤中不含有的苯、甲苯、二甲苯等有机物。详解：A. 糖类中的葡萄糖和麦芽糖、蔗糖不属于高分子化合物，油脂的主要成分是高级脂肪酸和甘油所生成的酯，也不属于高分子化合物，A错误；B.熔融的氯化铝不导电，金属铝的冶炼可采取电解熔融氧化氯的方法，B错误；C. 裂化的目的是将C18以上的烷烃裂化为C5-C11的烷烃和烯烃，得到裂化汽油，可以提高汽油的产量和质量，故C正确；D.煤干馏得到煤焦油中含有芳香烃，可用分馏的方法从煤焦油中获得芳香烃，但煤中不含有的苯、甲苯、

23、二甲苯等有机物，D错误；答案选C。8、B【答案解析】A亚硫酸溶液能和铁反应生成氢气，不能用铁制品容器盛放，故A错误；B常温下，铁在浓硫酸中发生钝化现象，故铁制品容器可以盛放浓硫酸，故B正确；C浓盐酸能和铁反应生成氢气，不能用铁制品容器盛放，故C错误；D胆矾溶液能和铁发生置换反应生成硫酸亚铁和铜，不能用铁制品容器盛放，故D错误；故答案为B。9、B【答案解析】X+、Y2+、Z、W2四种离子均具有相同的电子层结构，所以Z、W的电子层比X、Y少一层，设原子序数分别为a、b、c、d，则由a-1=b-2=c+1=d+2，则原子序数YXZW，结合元素周期律的递变规律解答该题。【题目详解】X+、Y2+、Z、W

24、2四种离子均具有相同的电子层结构，所以Z、W的电子层比X、Y少一层，设原子序数分别为a、b、c、d，则由a1=b2=c+1=d+2，则原子序数YXZW，A.结合以上分析可知，原子序数：YXZW，故A正确；B.核外电子排布相同的离子，其微粒半径随原子序数的增大而减小，应该是WZXY，故B错误；C.根据离子所带电荷可知X、Y、Z、W原子最外层电子数分别为1、2、7、6，则原子最外层电子数ZWYX，故C正确；D.同周期元素从左到右金属性逐渐减弱，非金属性逐渐增强；元素的非金属性越强，对应的阴离子的还原性越弱，所以还原性：XYW2-Z-，故D正确；故答案选B。【答案点睛】核外电子排布相同的离子，核电荷

25、数越大，离子半径越小；元素的非金属性越强，相应失电子能力减弱，对应的阴离子的还原性越弱。10、D【答案解析】A. 标准状况下，22.4L空气中约有1mol气体分子，约有NA个气体分子，A项正确；B. 1个CH4分子中含4个碳氢单键，则1mol CH4气体中含有的共价键数目为4NA，B项正确；C. OH-中含的离子数为，8+1+1=10，1mol OH-离子中含有的电子数为10NA，C项正确；D. 氧气和臭氧都只含有O原子，所以含NA个氧原子的O2与含NA个氧原子的O3的质量相等，质量之比为1：1，D项错误；答案选D。【答案点睛】D项是难点，可采用排除法或假设法进行推测得出正确结论。加上D项结论

26、正确，设氧气和臭氧的质量分别为2g和3g，那么所含氧原子个数比为:=2:3，与题中条件不符，假设错误，D项不正确。11、C【答案解析】分析：A、原电池中电解质溶液中的阳离子向正极移动；B、根据得失电子守恒计算；C、在电解池中，阳极上发生失电子的氧化反应，阴极上发生得电子的还原反应；D、根据原电池原理判断。详解：根据原电池原理，放电时电子从负极流向正极，原电池内部的阳离子向正极移动，所以a电极是原电池的正极，b是原电池的负极，A说法正确；放电时，负极的电极反应式：LixC6-xe-=xLi+C6，正极的电极反应式：Li（1-x）FePO4+xLi+x e-LiFePO4，所以当电路中通过0.2m

27、ol电子，正极有0.2molLi+得到电子在正极析出，正极增重0.2mol7g/mol=1.4g，B选项说法正确；充电时是电解池原理，电源的正极和电池的正极相连，此时a极是电解池的阳极，发生失电子的氧化反应，反应为：LiFePO4-xe-=Li1-xFePO4+xLi+，所以C选项错误；Li1-xFePO4是原电池的正极材料，铁单质是导体，能够导电，电子不能够通过外电路，即造成电池短路，D选项说法正确；正确选项C。点睛：原电池的正负极判断方法：1、根据原电池里电解质溶液内离子的定向流动方向判断：在原电池的电解质溶液内，阳离子移向的极是正极，阴离子流向的极为负极，本题中Li+移向a极，a极为原电

28、池的正极；2、由组成原电池的两极的电极材料判断：一般来说,通常两种不同金属在电解溶液中构成原电池时，较活泼的金属作负极，但也不是绝对的,应以发生的电极反应来定，例如：Mg-Al合金放入稀盐酸中，Mg比Al易失去电子，Mg作负极；将Mg-Al合金放入烧碱溶液中，由于发生电极反应的是 Al，故Al作负极。另如Cu-Al放在浓硫酸中，Cu是负极。3、根据电流方向或电子流动方向判断：电流流入的一极或电子流出的一极为负极；电子流动方向是由负极流向正极，本题中的电子从Zn（负极）流向Cu（正极），所以A说法正确。12、C【答案解析】测试卷分析：前两种分子式可以拆写成：C3H6H2O、C4H8H2O，这三种

29、物质的通式：（CH2）m（H2O）n，分子中水中氢的质量分数28%/16=+1%，则CH2的质量分数100%1%8%=91%，CH2中氢的质量分数291%/14=13%，推出混合物中H%=1%+13%=14%，故选项C正确。考点：考查有机物的计算。13、B【答案解析】设物质的量浓度均是cmol/L，需要溶液的体积分别是xL、yL、zL，根据Ag+ClAgCl结合化学式可知xc2yc3zc，解得x:y:z6:3:2，答案选B。14、C【答案解析】A铍（Be）和镁是同一主族的元素，由于同主族从上到下元素的原子半径逐渐增大，元素的原子失去电子的能力逐渐增强，则Be的原子失电子能力比镁弱，A正确；B砹

30、（At）是第六周期第VIIA的元素，由于同主族从上到下元素的非金属性逐渐减弱，气态氢化物的稳定性逐渐减弱，HI不稳定，容易分解，HAt的稳定性比HI还弱，因此砹的氢化物不稳定，B正确；C硒与硫是同一主族的元素，由于同主族从上到下元素的非金属性逐渐减弱，元素的气态氢化物的稳定性逐渐减弱，所以硒（Se）化氢比硫化氢稳定性差，C错误；D锶和钙是同一主族的元素，由于同主族从上到下元素的金属性逐渐增强，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐增强，则氢氧化锶Sr（OH）2比氢氧化钙碱性强，D正确；答案选C。【点晴】元素周期律反映元素之间关系的规律，元素周期表是元素周期律的具体表现形式。比较元素金属性、非金属性强

31、弱常用方法是：同一主族的元素从上到下元素的金属性逐渐增强，非金属性逐渐减弱，同一周期的元素，随原子序数的增大，元素的金属性逐渐减弱，非金属性逐渐逐渐增强（惰性气体元素除外）；元素的金属性越强，原子失去电子越容易，最高价氧化物对应水化物的碱性越强，单质的还原性越强；元素的非金属性越强，原子越容易获得电子，最高价氧化物对应水化物的酸性越强，单质的氧化性越强，氢化物的稳定性越强。15、D【答案解析】A. 新制氯水中含有氯气，呈黄绿色，而久置氯水溶质为HCl，溶液为无色，故A正确；B. 新制氯水含有次氯酸，具有漂白性，HClO不稳定，见光易分解，久置氯水中HClO浓度较小，漂白作用很弱，故B正确；C.

32、 氯气与水发生Cl2+H2OHCl+HClO，水也发生电离，所以新制氯水含有Cl2、HClO、H+、Cl-、ClO-、OH-等粒子，HClO不稳定，见光易分解，促进平衡向正反应方向移动，久置的氯水可看作是浓度很稀的盐酸，只含有H+、Cl-、OH-等粒子，故C正确；D氯气与水发生Cl2+H2OHCl+HClO，新制氯水含有Cl2、HClO、H+、Cl-、ClO-、OH-等粒子，故D错误；故选D。【答案点睛】本题考查氯气的性质，为元素化合物知识的高频考点，有利于培养学生的良好的科学素养和学习的积极性，注意相关基础知识的积累。16、B【答案解析】A.1mol乙烷的化学键为7mol，1mol乙烯含有5

33、mol化学键，故错误；B. 因为反应中过氧化钠既做氧化剂又做还原剂，所以0.1mol过氧化钠和二氧化碳反应中，转移电子为0.1mol，故正确；C.1个羟基含有9个电子，所以1.7克羟基即0.1mol羟基含有0.9mol电子，故错误；D.56克铁与水蒸气反应转移8/3mol电子，故错误。故选B。【答案点睛】阿伏伽德罗常数的题是必考题型，其中关于氧化还原反应通常涉及歧化反应等，常见的反应为过氧化钠与水或二氧化碳的反应，或氯气与水或氢氧化钠的反应，或二氧化氮和水的反应，掌握特殊反应中的转移电子数是关键。17、B【答案解析】有机物中的原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应是取代反应，结合反应特点分

34、析解答。【题目详解】A、丙烯和溴发生的是加成反应，A错误；B、乙酸和乙醇在一定条件下发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，属于取代反应，B正确；C、乙醇和氧气发生催化氧化生成乙醛和水，C错误；D、乙醇在一定条件下发生消去反应生成乙烯和水，D错误。答案选B。18、C【答案解析】分析: 热激活电池为原电池原理，根据电池总反应，结合装置可判断出，硫酸铅电极为正极，钙电极为负极，正极发生还原反应，负极发生氧化反应，以此分析解答。详解：A项，正极发生还原反应，电子反应式为PbSO4+2e-=Pb+SO42-，因此，电池的正极质量逐渐减轻，故A项正确；B项，放电过程为原电池，阳离子向正极移动，故B项正确；C项，每

35、转移0.1mol电子，生成0.05molPb，为10.35g，故C项错误。D项，常温下，电解质不能融化，不能形成原电池，所以指针不偏转，故D项正确；综上所述，本题正确答案为C。点睛：本题考查化学基本理论，涉及电极判断、电极反应方程式的书写、离子流动方向以及简单计算，掌握电子守恒是计算的关键。19、B【答案解析】测试卷分析：A铝与稀盐酸的反应是放热反应，同时是氧化还原反应，错误；B灼热的木炭与CO2反应是氧化还原反应，同时也是吸热反应，正确；C甲烷在氯气中的燃烧反应是氧化还原反应，同时也是放热反应，错误；DBa(OH)28H2O晶体与NH4Cl晶体的反应是复分解反应，不属于氧化还原反应，该反应是

36、吸热反应，错误。考点：考查化学反应类型的判断的知识。20、B【答案解析】分析：A、物质的能量越低越稳定，焓变=生成物的能量-反应物的能量；B、当反应物总能量生成物总能量，则反应是放热反应；C、燃烧热必须是1mol物质燃烧生成最稳定的化合物所放出的能量；D、中和热是强酸和强碱发生中和反应生成1mol水时，所放出的热量；据此分析判断。详解：A、反应A=B H0，焓变H=生成物b的能量-反应物A的能量0，所以A物质比B物质高，所以B稳定，分子内共价键键能A比B小，故A错误；B、当反应物总能量生成物总能量，则反应是放热反应，H0，故B正确；C、H2的燃烧热必须是1mol物质燃烧生成最稳定的化合物液态水

37、时所放出的能量，故C错误；D、中和热是强酸和强碱发生中和反应生成1mol水时，所放出的热量，1molNaOH的氢氧化钠溶液与含0.5molH2SO4的浓硫酸混合时，浓硫酸溶于水放热，所以导致H-57.3kJmol-1，故D错误；故选B。21、B【答案解析】短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，X是最外层只有一个电子的非金属元素，则X为H元素；Y是地壳中含量最高的元素，则Y为O元素；W的原子序数是Y的2倍，则W为S元素；Z最外层电子数之和为15-1-6-6=2，Z的原子序数大于氧、小于S，则Z为Mg。AH和O可以形成H2O、H2O2，A错误；B电子层结构相同的离子，核电荷数越大离子半径

38、越小，电子层越多离子半径越大，故离子半径：S2-O2-Mg2+，B正确；C非金属性W（S）Y（O），故氢化物稳定性W（S）Y（O），C错误；DSO2含有共价键，MgO含有离子键，D错误，答案选B。22、A【答案解析】图片显示的是吸热反应，且为化学反应，冰雪融化吸热过程，但是是物理变化，则不符合图片，碳酸钙分解制二氧化碳是吸热过程，符合图片，铝与盐酸的反应是放热反应，不符合题意，过氧化钠与水反应是放热反应，不符合题意，硝酸铵溶于水，该过程是吸热过程，但是物理变化，则不符合题意，Ba(OH)28H2O和的反应，是吸热反应，符合题意，故选；故选A。二、非选择题(共84分)23、 第二周期A族 HOC

39、l 氯化氢比硫化氢稳定 氢气和氯气反应的条件比氢气和硫反应的条件简单，硫离子还原性比氢气强，高氯酸酸性比硫酸强，硫化氢和氯气反应生成硫和氯化氢，铁和氯气反应生成氯化铁，而铁和硫反应生成硫化亚铁等 NaH+H2O=H2+NaOH 2Mg+CO22MgO+C【答案解析】本题考查元素周期表和元素周期律的应用，B的原子的电子数是最内层电子数的三倍，因为是短周期元素，因此B为C，短周期指的是1、2、3周期，它们分别位于三个不同的周期，即A为H，C和E位于同一主族且它们可形成EC2、EC3两种常见化合物，则C为O，E为S，F为Cl，D的最髙价氧化物对应的水化物是强碱，D为Na，（1）C位于第二周期IVA族

40、；（2）H、O、Cl组成的弱电解质为HClO，结构式为HOCl；（3）比较非金属性，可以通过氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性，即H2S溶液中通入氯气，有淡黄色沉淀析出，也可以是与变价金属反应，看变价金属的化合价，化合价越高，说明非金属性越强等等；（4）DA的化合物是NaH，与水反应剧烈，NaH中H为1价，H2O中H显1价，有中间价态0价，因此反应方程式为NaHH2O=NaOHH2；（5）金属镁在CO2燃烧的反应方程式为：2Mg+CO22MgO+C。点睛：本题易错点是次氯酸结构式的书写，学生经常会写成HClO。24、CH2=CH2+H2OCH3CH2OH 2CH3CH2OH+2Na2CH3CH

41、2ONa+H2 2 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O 饱和碳酸钠溶液 H2SO4 分液 蒸馏 【答案解析】B和D反应生成乙酸乙酯，B氧化生成C，C氧化生成D，故B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸，A与水反应生成乙醇，故A为乙烯。（1）乙烯与与水加成反应生成乙醇，反应的方程式为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，故答案为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH；（2）乙醇与钠反应放出氢气，反应的化学放出式为2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa+H2，根据方程式，制得1molH2需要2mol，故答案为2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa+H2；2； （3）乙醇在空气

42、中可以被氧气为乙醛，反应的方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（4）加入饱和碳酸钠溶液a，溶解乙醇和乙酸反应生成醋酸钠溶液，乙酸乙酯在碳酸钠溶液中不溶分层分液后将乙酸乙酯分离出来，蒸馏混合溶液分离出乙醇，然后向剩余混合液中加入稀硫酸b，稀硫酸与醋酸钠反应生成醋酸和硫酸钠混合溶液，蒸馏将醋酸分离出来，故答案为饱和碳酸钠；稀硫酸溶液；乙酸乙酯在碳酸钠溶液中不溶分层分液后将乙酸乙酯分离出来，蒸馏混合溶液分离出乙醇，故答案为分液；蒸馏。点睛：本题考查有机物的推断，涉及烯烃、醇、醛、羧酸的性质与转化和乙酸乙酯的除杂。解题时注

43、意饱和碳酸钠溶液的作用，乙醇、乙酸、乙酸乙酯的性质的掌握。本题的易错点是方程式的书写。25、Zn（或“负”）Cu（或“正”）2.24 LBCBC【答案解析】分析：原电池中较活泼的金属是负极，失去电子，发生氧化反应。电子经导线传递到正极，所以溶液中的阳离子向正极移动，正极得到电子，发生还原反应。锌、铜和稀硫酸构成原电池，锌作负极、铜作正极，结合原电池的工作原理和构成条件分析解答。详解：（1）金属性锌强于铜，锌是负极，铜是正极，电子从负极流出，通过导线传递到正极，溶液中的阳离子向正极移动；（2）氢离子在正极得电子生成氢气，根据2H+2e-=H2可知有0.2mol电子发生转移，则生成0.1molH2

44、，在标准状况下的体积为2.24L；（3）无水乙醇和苯不是电解质溶液，替换稀硫酸后不能形成原电池，电流计不会偏转；醋酸溶液和CuSO4溶液是电解质溶液，替换稀硫酸后可以形成原电池，电流计仍会偏转，故选BC；（4）自发的氧化还原反应且是放热反应的可以设计成原电池，则A、中和反应不是氧化还原反应，不能设计成原电池，A错误；B、氢气燃烧是自发的放热的氧化还原反应，可以设计成原电池，B正确；C、铁与氯化铁反应生成氯化亚铁是自发的放热的氧化还原反应，可以设计成原电池，C正确；D、水分解是吸热反应，不能自发进行，不能设计成原电池，D错误；答案选BC。26、普通铁粉(或铁粉) 水蒸气发生器（或用来产生水蒸气）

45、 防止水倒吸(或用作安全瓶) 氢气 固体氢氧化钠(或碱石灰、氧化钙等碱性固体干燥剂) 6 molL1的稀盐酸 ABE 4H2Fe3O43Fe4H2O(g) 检验氢气的纯度 点燃氢气 【答案解析】（1）烧瓶的作用就是加热液体或者对液体进行蒸馏，为了防止向试管中通入水蒸气使试管骤冷，引起水的倒流而加了装置C；（2）为了方便加入稀盐酸使用了长颈漏斗，由于盐酸具有挥发性，所以在生成氢气的同时也会带出一部分水蒸气和氯化氢需要碱性的固体干燥剂；（3）反应需要高温和水蒸气，故A和B都需要加热从实验所要达到的目的可以看出，前一个装置是完成第一步实验的，而后一个装置是完成第二步实验的装置E需要加热；（4）试管E

46、中氢气还原四氧化三铁生成铁的反应；（5）氢气是可燃性气体，所以在做其性质实验时要保证氢气的纯度。【题目详解】（1）根据题干中所提供的物质可以推断出第一步实验中除了生成四氧化三铁外还会生成氢气，发生的反应为铁在高温和水蒸气反应生成四氧化三铁和氢气，反应的化学方程式为：3Fe+4H2O(g) 4H2+Fe3O4；试管A是铁与水蒸气反应的装置，故在A中装的应该是普通铁粉，在反应过程中 要生成氢气，所以D是用来收集氢气的，烧瓶的作用就是加热液体或者对液体进行蒸馏，所以这里蒸馏瓶所起的作用就是产生水蒸气，为了防止向试管中通入水蒸气使试管骤冷，引起水的倒流从而在试管和收集气体的试管中间加上了广口瓶，保证实

47、验安全；A中是铁和水蒸气的反应；B中为产生水蒸气的装置，C为安全瓶防止倒吸的作用，D中收集的是氢气，综上所述，本题正确答案：普通铁粉（或铁粉）；产生水蒸气（或水蒸气发生器）；防止水倒吸（或用作安全瓶）；氢气；（2）装置I是用来制取氢气的装置，所以装置H是用来添加盐酸的，F中发生反应：Fe3O4+4H2 3Fe+4H2O；由于使用的是稀盐酸来制取氢气，所以在产生氢气的同时可能带出部分水蒸气和氯化氢气体，故在U型管中加入固体来干燥气体，吸收氯化氢和水蒸气，所以U型管中为固体NaOH（或碱石灰、CaO等碱性固体干燥剂），综上所述，本题正确答案：固体NaOH（或碱石灰、CaO等碱性固体干燥剂）；6mo

48、l/L的稀盐酸；（3）反应是在高温的条件下反应的，所以A和F装置要加热，同时反应需要水蒸气的参加，故B也需要加热；综上所述，本题正确答案：ABE；（4）依据装置和实验目的分析，试管E中发生反应是氢气还原四氧化三铁的反应，反应的化学方程式是：4H2Fe3O43Fe4H2O(g)；综上所述，本题正确答案： 4H2Fe3O43Fe4H2O(g)；（5）氢气是可燃性气体，做氢气的性质实验时必须保证氢气是纯净的，为了安全，在E管中的反应发生前，在F出口处必须进行气体验证纯度；E管中的反应开始后，在F出口处应点燃氢气，避免排放到空气中遇火爆炸；综上所述，本题正确答案：检验氢气的纯度；点燃氢气。27、（一）

49、 加热乙醇，使其成为蒸气 冷凝乙醛 小于20.8 向水中加入少量冰块 铜网变黑 变黑的铜网重新变红 催化剂 放热 氮气 强烈的刺激性气味(二) AB B 水浴加热 铜丝由红变黑，再由黑变红 无水硫酸铜粉末由白色变为蓝色 乙醇催化氧化的产物有水 吸收乙醛 防止倒吸 装置E中的物质有强烈刺激性气味 碱石灰 防止外界的水蒸气进入导管使无水硫酸铜变蓝 【答案解析】本实验主要考察的是乙醇的催化氧化。在课本中，乙醇的催化氧化的实验操作是将灼烧过的铜丝插入到乙醇中。在本题的两个实验中，乙醇放置在一个装置中，无法直接和铜网（丝）接触，且题中告知乙醇的沸点，则可以使用气态的乙醇去反应。在实验（一）中，装置甲的作

50、用是提供气态的乙醇，装置乙的作用是收集乙醛（题中告知乙醛的沸点为20.8，说明乙醛也易挥发）。在实验（二）中，装置A的作用是提供气态的乙醇，装置C的作用是检验产物水蒸气，装置D的作用是干燥乙醛，装置E的作用是收集乙醛（乙醛易溶于水）。还要注意的是，乙醇的催化氧化实际上是两步反应，Cu先被氧化为CuO，乙醇和灼热的CuO反应生成乙醛和Cu。【题目详解】（一）（1）乙醇催化氧化的化学方程式为：；（2）由于乙醇无法直接和铜网接触，所以需要将乙醇汽化，装置甲中的热水是为了加热乙醇，使其变为蒸汽；（3）题中告知乙醛的沸点为20.8，易溶于水，说明乙醛易挥发，可以用水吸收乙醛，则装置乙中冷水的作用是吸收乙

51、醛，温度小于20.8，以减少乙醛的挥发；为了保证低温，往往考虑使用冰水浴，所以可以在冷水中加入少量冰块；（4）铜网受热，可以看到铜网变黑，其化学方程式为；鼓入乙醇蒸汽后，乙醇和黑色的CuO在加热的情况下反应，CuO变回了Cu，则可以观察到黑色的铜网变红；在整个过程中，Cu先是变为CuO，再是变回了Cu，相当于没有发生变化，起到了催化剂的作用；（5）反应需要加热进行，在熄灭酒精灯的情况下，反应仍能进行，说明有热量提供以满足该反应的需要，则该反应是放热反应；整个反应过程中，涉及到的气体有空气、乙醇气体、乙醛气体，其中乙醇气体参与反应或者被乙装置吸收，乙醛气体被乙装置吸收，空气中的氧气参与反应，氮气不参加任何反