海南省东方市八所中学2022年物理高一上期末质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、关于加速度的定义式，下列说法正确的是A.加速度a的大小与速度变化量成正比B.加速度a的大小与时间成反比C.加速度a的方向与速度变化量的方向相反D.加速度a方向与速度变化量的方向相同2、物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的是（ ）A.3N，4N，5NB.2N，4N，6NC.1N，3N，5ND.4N，6N，8N3、一个人在以匀加速下降的升降机中最多能举起质量为75kg的物体，那么：A.该人在地面上可以举起质量为50kg的物体B.该人在地面上最多可以举起质量为90kg的

3、物体C.若该人在升降机中最多可以举起质量为50kg的物体，则升降机一定是以的加速度匀加速上升D.若该人在升降机中最多可以举起质量为50kg的物体，则升降机可能是以的加速度匀减速下降4、一质量为m的人站在电梯中，电梯加速下降，加速度大小为g/3，g为重力加速度人对电梯底部的压力为（）A.mg/3B.2mg/3C.mgD.4mg/35、如图所示，一本书静止在水平桌面上，桌面对书的支持力为F，则F的反作用力是A.书所受的重力B.书对桌面的压力C.桌面所受的重力D.地球对书的引力6、如图所示，滑轮固定在天花板上，物块A、B用跨过滑轮不可伸长的轻细绳相连接，物块B静止在水平地面上。如用f和FN分别表示水

4、平地面对物块B的摩擦力和支持力，那么若将物块B向右移动一小段距离，物块B仍静止在水平地面上，则f和FN的大小变化情况是（）A.f、FN都增大B.f、FN都减小C.f增大，FN减小D.f减小，FN增大7、某同学站在电梯地板上，利用速度传感器和计算机研究一观光电梯升降过程中的情况，如图所示的vt图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内的速度变化情况（向上为正方向）。根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是()A.05 s内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态B.510 s内，观光电梯匀速上升，该同学既不超重也不失重C.1020 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态D.2025 s

5、内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态8、已知两个分力大小分别为F1 = 5N ， F2=8N，则这两个分力合力的大小可能是A.2NB.3NC.10ND.15N9、2019年9月19日14时42分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“珠海一号”03组卫星成功地送上太空，卫星绕地球飞行一圈时间为90分钟则A.“14时42分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”B.卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C.卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点10、如图所示，倾角为的斜面体c置于水平地面上

6、，物块b置于斜面上，通过跨过光滑定滑轮的细绳与小盒a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，连接a的一段细绳竖直，a连接在竖直固定在地面的弹簧上。现向盒内缓慢加入适量砂粒，a、b、c始终处于静止状态。下列判断正确的是（ ）A.c对b的摩擦力可能减小B.地面对c的支持力一定减小C.地面对c的摩擦力可能不变D.弹簧的弹力可能增大11、如图所示，在小车内有一个固定的斜面，斜面上有一个物体A与斜面保持相对静止在小车的上面用细线悬挂一个质量为m的小球B，小球在如图所示的位置始终保持与小车相对静止，则下列说法中正确的是A.物体A与斜面间的动摩擦因数可能为零B.物体A与斜面间的动摩擦因数一定不为零C.物体B对线的

7、拉力一定大于mgD.小车在做匀加速直线运动12、在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，王小军同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内王小军同学发现体重计示数，如图所示，取g=10m/s2，则在这段时间内下列说法中正确的是（）A.电梯一定是竖直向下做匀加速运动B.电梯运动的加速度大小为2m/s2C.王小军同学所受的重力变小了D.王小军同学对体重计的压力等于体重计对他的支持力二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某同学利用如图所示的实验装置来探究加速度与力和质量的关系(1)本实验应用的实验方法是_A.控制变量法 B.假设法 C.理想实验法 D

8、.等效替代法(2)下列说法正确的是_A.需要用弹簧秤测出小车受到的合外力B.实验时应先接通电源后释放小车C.本实验所挂钩码的质量应远小于小车的质量D.在平衡摩擦力时只要将木板倾斜任意角度即可(3)某同学在探究加速度与质量的关系时，得到了如图所示的图象，该同学分析该图象得出加速度与物体的质量量成反比的结论，判断他的分析是否正确并说明原因_.14、（10分）小明研究小车在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小车、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲所示（1）主要的实验过程：用游标卡尺测量挡光片宽度d，读数如图乙所示，则d_mm让小

9、车从斜面上某一位置释放，读出小车通过光电门时数字毫秒计示数t用刻度尺量出小车停止运动时遮光板与光电门间的距离L求出小车与木板间摩擦力f=_（用物理量的符号表示）（2）实验中，小车释放的高度应该适当_（选填“高”或“低”）些三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，工人需要把质量m=20kg的货箱沿斜放的木板推上卡车木板与水平面夹角=37，货箱与木板间的动摩擦因数=0.5假定工人推力的方向与板面平行，货箱始终沿板面匀速运动（已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10 m/s2）求： （1） 货箱对木板的压力大小N； （2） 木板对货箱的摩擦力f

10、；（3） 工人对货箱的推力大小F.16、（12分）如图所示，粗糙斜面倾角37，斜面宽a为3 ，长b为4 质量为0.1 kg的小木块从斜面A点静止释放，释放同时用与斜面底边BC平行的恒力F推该小木块，小木块与斜面间的动摩擦因数为05（g取10m/s2，sin3706，cos37=08）（1）若F大小为0，求木块到达底边所需的时间t1（2）若木块沿斜面对角线从点A运动到点C，求力的大小及A到C所需时间t217、（12分）如图所示，地面上有一固定的斜面体ABCD，其AB边的长度，斜面倾角为370光滑水平地面上有一块质量的足够长的木板紧挨着斜面体静止放置质量为物体由A点静止滑下，然后从B点滑上长木板(

11、由斜面滑至长木板时速度大小不变)，已知物体与斜面体的动摩擦因数为0.25，物体与长木板的动摩擦因数为0.3，求： (1)物体到达斜面底端B点时的速度大小；(2)物体从B点滑上长木板时，物体和长木板加速度大小；(3)物体在长木板上滑行的最大距离参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】AB加速度的定义式，为比值定义法定义出的物理量，则加速度a的大小与的大小无关，与时间也无关；故AB均错误。CD为矢量式，则有加速度a的方向与速度变化量的方向相同，加速度的大小等于速度的变化率；故C错误，D正确。故选D。2、C【解析】当三个力的合力为零

12、，不产生加速度根据三个力中任意两个力的合力范围，分析三个力能否平衡，判断它们的合力能否为零，判断能否产生加速度【详解】A.3N，4N，5N三个力中3N与4N的合力范围为1N7N，5N在这个范围内，三个力可能平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故A错误； B.2N，4N，5N三个力中2N与4N的合力范围为2N6N，5N在这个范围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故B错误；C.1N，3N，5N三个力中1N与3N的合力范围为2N4N，不可能与5N的力平衡，合力不可能为零，所以一定产生加速度故C正确；D.4N，6N，8N三个力中4N与6N的合力范围为2N10N，8N在这个范

13、围内，三个力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定产生加速度故D错误故选C3、C【解析】A、B项：设人的举力的F，则，解得：，即站在地面上最多可举起重物的质量为，故A、B错误；C、D项：根据牛顿第二定律得，解得：，加速度方向向上，故C正确，D错误故选C4、B【解析】由于电梯加速下降，故加速度向下，对人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，由牛顿第二定律：mg-N=ma解得：N=mg；根据牛顿第三定律，人对电梯底部的压力N=N=mg，故选B【点睛】此题重点是对超重和失重的判定，其依据是加速度的方向，加速向下为失重，加速度向上为超重5、B【解析】根据作用与反作用力的概念可知，桌面对书的支持力为F，则

14、F的反作用力是书对桌面的压力，故选B.6、A【解析】本题考查力的平衡分析。【详解】由于物体A始终静止，绳上拉力等与物体A的重力，始终不变，但B往右移动一小段距离，拉B的绳和水平地面的夹角变小，拉力的水平分力变大，竖直分力变小，物体B静止，水平拉力等于摩擦力，所以摩擦力f变大，竖直方向支持力加竖直分力等于重力，所以支持力FN变大，故A正确，BCD错误。故选A。7、BD【解析】A在05s内，从速度-时间图象可知，此时的加速度为正，说明电梯的加速度向上，此时人处于超重状态，故A错误；B510s内，该同学做匀速运动，故其对电梯地板的压力等于他所受的重力，故B正确；C在1020s内，电梯向上做匀减速运动

15、，加速度向下，处于失重状态，故C错误；D在2025s内，电梯向下做匀加速运动，加速度向下，故处于失重状态度，故D正确；故选BD。8、BC【解析】两个分力F1，F2大小分别为5N和8N，它们的合力范围为3NF合13N这两个分力的合力的大小可能是3N和10N，故选BC.点睛：本题考查确定两个分力的合力范围的能力对于两个分力F1，F2的合力大小在两力之差与两力之和之间9、AC【解析】A.“14点42分”对应一个点，是时刻，“90分钟”对应一个线段，表示“时间”，故A正确；B.卫星绕地球飞行一圈，位移是0，路程是周长，故B错误；C.平均速度等于总位移除以总时间，属于卫星绕地球飞行一圈平均速度为0；不同

16、位置的瞬时速度的不同，它在每一时刻的瞬时速度都不为0，故C正确；D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不能看成质点，否则没有姿态可言，故D错误10、AB【解析】考查平衡状态的动态分析。【详解】A若初始时，绳的拉力小于b沿斜面向下的重力的分力，即对b有：向盒内缓慢加入适量砂粒，绳的拉力增大，此时摩擦力减小，A正确；B把bc看成整体，受力分析如图：则有：向盒内缓慢加入适量砂粒，绳的拉力增大，所以支持力减小，B正确；C由图可得：绳的拉力增大，摩擦力增大，C错误；D因为a、b、c始终处于静止状态，弹簧形变量没有变，所以弹簧弹力大小不变，D错误。故选AB。11、AC【解析】先对B进行受力分析，根

17、据牛顿第二定律分析加速度，则A和小车的加速度与B相同，再分别对A和小车进行受力分析，即可求解【详解】解：对B进行受力分析可知，B的合外力方向水平向左，即B的加速度方向水平向左，则A和小车的加速度方向也水平向左，AB、若物体A与斜面间的动摩擦因数为零，则A受重力和斜面的支持力，两个力的合力可以水平向左，提供A的加速度，故A正确，B错误；C、B受的重力与拉力以及合力构成直角三角形，而重力是直角边，拉力是斜边，故物体B对线拉力一定大于重力，故C正确；D、由图可知球的合力水平向左，即其加速度水平向左，又小球始终保持与小车相对静止，故可知小车加速水平向左，但小车可能做的是向右的匀减速运动，故D错误；故选

18、AC【点睛】本题是整体法和隔离法的应用，关键是对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律分析加速度的方向，难度不大，属于基础题12、BD【解析】AB以人为研究对象，竖直向下为正方向，则：mg-FN=ma求得：方向竖直向下。则电梯可能加速向下运动，也可能减速向上运动，故A错误B正确；C体重计示数小于体重，说明同学对体重计的压力小于重力，并不是体重变小，故C错误；D王小军同学对体重计的压力与体重计对王小军同学的支持力是作用力与反作用力，大小相等，故D正确。故选BD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .A .BC .必须做出图线，若是一条直线，即可说明a与M成反比关系.【解析】研究加速

19、度跟力和质量的关系，采用控制变量法根据实验原理原理判断各个选项；根据，故必须做出是一条直线，才能说明a与M成反比关系.【详解】（1）本实验应用的实验方法是控制变量法，故选A.（2）小车受到的合外力，通过平衡摩擦力后，则砝码及盘的重力来算得，故A错误实验时应先接通电源后释放小车，故B正确让小车的质量M远远大于小盘和重物的质量m，因为实际上绳子的拉力，故应该是mM，故C正确；平衡摩擦力时要使得mgsin=mgcos，则木板倾斜的角度不是任意的，选项D错误；故选BC.（3）他的结论是不正确的；因为只凭一般的曲线不能说明a与M成反比关系；必须做出图线，若是一条直线，即可说明a与M成反比关系.14、 .6.00 . .高【解析】（1）由图乙所示可知，游标卡尺的主尺示数为0.6cm=6mm，游标尺示数为00.05mm=0.00mm，则挡光片的宽度d=6mm+0.00mm=6.00mm；挡光片经过光电门时的速度v=，小车在水平面上做匀减速运动，由动能定理得：-fL=0-mv2，解得：f=（2）小车释放的高度越高，小车到达水平面时的速度越大，小车在水平面上滑行的距离越大，L的测量值误差越小，实验误差越小考点：本题考查游标卡尺的使用、动能定理三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）