2022-2023学年四川省遂宁二中高一物理第一学期期末综合测试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、下列关于惯性的说法正确的是（）A.物体的速度越大惯性越大B.物体受到的力越大惯性越大C.物

2、体的质量越大惯性越大D.物体的加速度越大惯性越大2、如图所示，两个质量均为m的物体A、B叠放在光滑水平面上，A与B间的动摩擦因数为.现用水平外力F拉物体A，要将A拉离物体B，则F至少大于（）A.0.5mgB.mgC.2mgD.3mg3、坐在小汽车前排的司机和乘客都应系上安全带，这主要是为了减轻下列哪种情况出现时，可能对人造成的伤害（）A.车速太快B.车速太慢C.突然启动D.紧急刹车4、如图所示，两根完全相同的弹簧下挂一质量为m的小球，小球与地面间有细线相连，处于静止状态，细线竖直向下的拉力大小为2mg若剪断细线，则在剪断细线的瞬间，小球的加速度a为（）A a=g方向竖直向上B.a=g方向竖直向

3、下C.a=2g方向竖直向上D.a=3g方向竖直向上5、某物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为x0.5tt2(m)，则当物体的速度为3 m/s时，物体已运动的时间为A.3 sB.2.5 sC.1.25 sD.6 s6、一质点做直线运动，当时间时，位移，速度，加速度，此后a逐渐减小，则它的A.速度逐渐减小B.位移始终为正，速度变为负值C.速度的变化越来越慢D.速度逐渐增大7、如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1.当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小

4、为F2，则（）A.在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B.在两次作用过程中，C.在两次作用过程中，D.在两次作用过程中，8、两位同学分别在塔的不同高度，各用一只球做自由落体实验甲球的质量是乙球的2倍，释放甲球处的高度是释放乙球处高度的一半，且两球释放处离地的高度足够高，则（ ）A.甲球下落的加速度是乙球的2倍B.甲球落地时的速度是乙球的一半C.甲、乙两球各下降时的速度相等D.甲、乙两球各下降时的速度相等9、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下

5、判断正确的是（）A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是 D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于10、关于力与运动，下列说法中正确的是( )A.做匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B.当物体的速度等于零时，一定不受到外力作用C.当物体的运动状态改变时，物体一定受到外力作用D.物体的运动方向不一定是物体所受合外力的方向二、实验题11、（4分）某同学用如图所示的实验装置验证牛顿第二定律该同学在实验前准备了图中所示的实验装置及下列辅助器材，其中不必要的器材是_选填字母代号A.交流电源、导线B

6、.天平含配套砝码C.秒表D.刻度尺下列说法正确的是_选填字母代号A.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C.本实验应用的实验方法是控制变量法D.只需要一条纸带即可确定加速度与力的关系某学生在平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大他所得到的关系是下列的哪根图线？图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力答：_消除小车与水平木板之间摩擦力的影响后，可用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m与小车总质量M之间应满足的关系为_；某同学在实验中打出的一条纸带如图所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，其中、，那么打b点

7、的瞬时速度大小是_；纸带加速度的大小是_计算结果保留两位有效数字12、（10分）某探究学习小组欲探究物体的加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示装置，图中小车的质量用M表示，钩码的质量用m表示回答下列问题：（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，是为了在挂上钩码后_（选填序号）A让钩码受到的合外力等于细线的拉力B让小车受到的合外力等于细线的拉力C保证小车受到的合外力为零D保证钩码受到的合外力为零（2）要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是_（3）某位同学经过测量和计算得到如下表中数据，请在图中作出小车加速度与所受合外力的关系图线_组别123

8、456M/kg0.580.580.580.580.580.58F/N0.100.150.200.300.350.40a/ms-20.130.170.260.430.510.59（4）由作出的图线可以看出，该实验存在着较大的误差，产生这样误差的主要原因是_三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）一足够长的水平传送带以速度v1匀速顺时针传动，t=0时，其右端有一可视为质点的物块以初速度v0向左滑上传送带，如图甲所示。通过固定在传送带左端附近的位移传感器，得到物块的位移x随时间t的变化关系如图乙所示

9、，P、Q两点的坐标已知，03.0s内图像为曲线，3.0s4.5s内图像为直线，取向左运动的方向为正方向，重力加速度g取10m/s2。(1)请描述物块在3.0s4.5s内运动情况，并求出传送带速度v1的大小；(2)求物块与传送带间的动摩擦因数和物块的初速度v0的大小；(3)在图丙中，画出物块在04.5s内对应的vt图像。14、（14分）汽车在平直公路上以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车获得的加速度大小是4m/s2，则（1）汽车在3s末的速度大小；（2）在6s内的位移的大小。15、（13分）如图所示，质量为m=80kg的物体放在安装在小车上的水平磅秤上，小车沿斜面无摩擦地向下运

10、动，现观察到物体在磅秤上读数只有600N，则斜面的倾角为多少？物体对磅秤的静摩擦力为多少？（取）参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】质量是惯性大小的唯一量度，惯性大小仅取决于物体质量大小，质量越大,惯性越大,故选C.2、C【解析】拉力F作用在A上，B产生的最大加速度为，对A由牛顿第二定律得：，解得：，故选C.3、D【解析】AB车速太快或太慢，人相对于车处于静止状态，安全带对人没有作用，故AB错误。C当小汽车突然启动时，人由于座椅

11、的作用而随车加速，安全带对人没有作用，故C错误。D当小汽车紧急刹车，人由于惯性，保持向前的速度，而由于安全带的作用，避免了向前撞击或摔出去的可能性，减轻了刹车时可能对人造成的伤害，故D正确。故选D。4、C【解析】开始小球处于平衡状态，两根弹簧弹力的合力等于重力和绳子的拉力之和，即两根弹簧弹力的合力剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律得，方向竖直向上，故C正确考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性【名师点睛】在应用牛顿第二定律解决瞬时问题时，一定要注意，哪些力不变，（弹簧的的形变量来不及变化，弹簧的弹力不变），哪些力变化（如绳子断了，则绳子的拉力变为零，或者撤去外力了，则外力变为零，）然后结

12、合整体隔离法，应用牛顿第二定律分析解题5、C【解析】根据x=v0t+at2=0.5t+t2知，初速度v0=0.5m/s，加速度a=2m/s2根据速度时间公式v=v0+at得，A.3 s，与计算结果不相符，A错误；B2.5 s，与计算结果不相符，B错误；C1.25 s，与计算结果相符，C正确；D6 s，与计算结果不相符，D错误6、CD【解析】加速度是速度的变化率，加速度和速度同向时，物体做加速运动，反向时做减速运动.【详解】ABD因速度v0，加速度a0，加速度和速度同向，则即使此后a逐渐减小，则它的速度也是逐渐增加且始终为正的，位移逐渐变大，且始终为正，选项AB错误，D正确；C加速度是速度的变化

13、率，加速度减小，则速度的变化越来越慢，选项C正确；故选CD.7、AC【解析】两次作用过程，对整体分析，整体的加速度为：，故A正确；隔离分析，第一种情况，A对B的作用力为：，第二中情况，A对B的作用力为：，则有：F1+F2=F，故B错误；C正确；以上数据可知，故D错误8、CD【解析】A甲乙两物体都做自由落体运动，加速度都为g，故A错误B由可知，甲球的落地速度是乙球落地速度的，故B错误C根据，知经过1s时两球的速度相等，故C正确D根据，知各下落1m时，速度相等，故D正确9、BD【解析】A在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；B在t1到t2时间内的速

14、度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；C从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；D空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。故选BD。10、CD【解析】A.做匀速直线运动的物体，可能不受任何外力作用，也可能受到合力为零的外力作用，选项A错误；B.当物体的速度等于零时，也可能受到外力作用，例如做自由落体运动的物体刚刚释放时，选项B错误；C.根据牛顿第一定律可知，当物体的运动状态改变时，物体

15、一定受到外力作用，选项C正确；D.物体的运动方向与合外力方向不一定相同，即速度方向不一定是物体所受合外力的方向，选项D正确二、实验题11、 .C .C .C .m远小于M .0.74 .0.62【解析】（1）根据实验的原理确定测量的物理量，从而确定所需的器材（2）根据实验的原理进行分析即可.（3）根据实验的原理，列出牛顿第二定律方程进行分析即可（4）根据牛顿第二定律，求出小车实际的拉力大小，然后和mg进行比较，可以得出结论；（5）纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度【详解】解：（1）在实验中，打点计时器可

16、以测量时间，所以不需要秒表上述器材中不必要的为C（2）A、平衡摩擦力，假设木板倾角为，则有：，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力故A错误B、实验时应先接通电源后释放小车，故B错误研究牛顿第二定律F=ma时，采用控制变量法保持小车质量不变，研究加速度与合外力的关系，故C正确；D、实验要重复三次，从打出的三条纸带中选择一条最清晰的纸带进行数据处理，故D错误故选C；（3）把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力偏大，摩擦力偏小，而且重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，这样在没有绳子的拉力作用下，小车就会产生加速度故选C（4）根据牛顿第二定律得：对m：，对M：，解得：，由此可知当mM

17、时，即当钩码的总质量要远小于小车的质量，绳子的拉力近似等于钩码的总重力（5）利用匀变速直线运动的推论，根据运动学公式x=at2得：【点睛】要知道验证牛顿第二定律实验的注意事项，要会处理实验数据，能根据打出的纸带求出物体的加速度、物体的瞬时速度要掌握应用图象法处理实验数据的方法12、 .（1）B； .（2）Mm； .（3）如图 .（4）木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)【解析】根据实验原理回答为什么要平衡摩擦力以及要使细线的拉力约等于钩码的总重力应满足的条件；结合图像判断产生误差的原因.【详解】（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，这样就平衡

18、了摩擦力，这是为了在挂上钩码后让小车受到的合外力等于细线的拉力，故选B；（2）以钩码作为研究对象有mg-FT=ma；以小车作为研究对象有FT=Ma；联立以上两式可得FT=M；要绳子的拉力等于钩码的重力，即=mg，故=1，则有Mm；即要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是Mm；（3）图像如图；（4）图像可以看出，直线与F轴有截距，可知当外力到达某一值时才有加速度，可知产生误差的原因是木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)【点睛】掌握实验原理是正确解决实验题三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1)；(2)0.3，6.0m/s；(3)v - t图像如图示：【解析】(1)由的图像可知，物块先向左减速，2.0s末减到v = 0，然后向右加速，3.0s末后与传送带共速。由图像3.0s后的斜率可得(2)内，物块向右匀加速运动，其加速度由牛顿第二定律得解得02.0s内，物块向左匀减速运动，加速度大小由运动规律得0时刻物块的速度(3)图像如图示14、（1）8m/s；（2）5