(最新最全)2023年高考试题-细胞的代谢

1、C单元细胞的代谢C1酶、ATP及代谢类型302023重庆卷.C1乙醇可局部替代石油燃料，利用纤维素酶、酵母菌等可将纤维素转化成乙醇，耐高温纤维素酶可以加速催化纤维素的水解，从而有利于酵母菌发酵产生乙醇。(1)某研究小组将产纤维素酶的菌株，通过诱变和高温筛选获得新菌株。为探究新菌株所产纤维素酶能否耐受80高温，进行了以下实验。试管1试管2第一步参加适量缓冲液参加等量纤维素酶溶液缓冲液配置第二步 30min第三步参加 第四步水溶保温10min第五步参加 第六步沸水溶中加热2min，观察实验现象结果与结论：假设_，那么说明该纤维素酶能耐受80高温；假设_，那么说明该纤维素酶不能耐受80高温。(2)酶

2、母菌发酵产生的乙醇属于_(填“初级或“次级)代谢产物。30.(1)80水浴保温适量纤维素液斐林试剂或班氏糖定性试剂试管1内呈蓝色，试管2内有砖红色沉淀产生试管1和2内均呈蓝色(2)次级解析.本小题利用纤维素生产乙醇为背景，对酶的相关实验及微生物的代谢产物的有关知识和学生的实验设计能力进行考查。(1)该实验的目的是探究纤维素酶能否耐受80高温，试管1为对照组，试管2为实验组，首先要对纤维素酶用80高温处理，为使试管受热均匀，通常采用水浴加热的方法。对酶进行高温处理后，再参加适量的反响底物纤维素溶液，乙醇发酵的底物是葡萄糖，由题干可知纤维素酶能将纤维素水解为葡萄糖，葡萄糖是复原糖，可用斐林试剂或班

3、氏糖定性试剂检测。如果纤维素酶能耐受80高温，那么经80高温处理后，试管2中有葡萄糖生成，可产生砖红色沉淀，试管1仍为蓝色。假设两支试管中加斐林试剂水浴后都呈蓝色，说明80高温处理后，纤维素酶已经失活。(2)乙醇对酵母菌无明显生理功能，也并非是酵母菌生长和繁殖所必需的物质，因此属于次级代谢产物。33C12023全国卷 某同学为了探究pH对人唾液淀粉酶活性的影响，设计了如下实验步骤：在A、B、C、D、E5支试管中分别参加pH5.0、6.0、7.0、8.0、9.0的适宜浓度缓冲液5mL，再分别参加质量分数为1%的淀粉液1mL。各试管中分别参加适当浓度的唾液稀释液1mL，摇匀。将5支试管放入70恒温

4、水浴中，保温时间相同且适宜。取出各试管，分别参加斐林试剂2mL，摇匀。观察各试管溶液的颜色，通过颜色深浅判断唾液淀粉酶作用的最适pH。上述实验步骤中有2处错误，请更正并说明更正的理由(不考虑试剂的浓度和参加量、pH梯度以及实验重复次数)，以便实验能得到正确的预期结果。(1)_。(2)_。33(1)中70应改为37。因为人唾液淀粉酶作用的最适温度为37(2)在观察各试管中溶液的颜色之前应将各试管放在沸水浴中一段时间。因为在高温条件下斐林试剂与复原糖反响显色解析此题以酶的探究性实验为载体考查实验方案的分析、评价与改良。唾液淀粉酶的最适温度为37，在70时，由于高温使酶失去活性，干扰了pH对人唾液淀

5、粉酶活性的影响。斐林试剂与复原糖在水浴加热的条件下，才能发生反响，产生砖红色沉淀。29C12023广东卷食品种类多，酸碱度范围广。生物兴趣小组拟探究在食品生产中应用范围较广的蛋白酶，查阅相关文献，得知：(1)pH对不同蛋白酶的活力影响有差异，据图5可知，_更适宜作为食品添加剂，理由是_。蛋白酶的活力可用_的量来表示。图5(2)该蛋白酶的提取工艺流程如下：4组织匀浆上清液eq o(,sup7(avs4al(加酶保护剂,0.020.10mol/L)avs4al(加65%乙醇,)avs4al(调提取液pH,5.09.0)沉淀物(粗酶制剂)测酶活力(单位：U)兴趣小组分别对酶保护剂浓度、提取液pH进行

6、了探究实验。结果显示，酶保护剂浓度在0.020.06mol/L范围内，酶活力较高；提取液pH在6.08.0范围内，酶活力较高。他们认为，要进一步提高粗酶制剂的酶活力，以到达最正确提取效果，还需对酶保护剂浓度和提取液pH进行优化，并确定以此为探究课题。请拟定课题名称，设计实验结果记录表。29(1)木瓜蛋白酶在pH49范围内，木瓜蛋白酶的活力高、稳定单位时间内产物增加(单位时间内反响底物减少)(2)课题名称：探究酶保护剂浓度和提取液pH对木瓜蛋白酶提取效果的影响实验结果记录表酶活力(单位：U)酶保护剂(mol/L)0.020.040.06提取液pH6.07.08.0解析 (1)审题结合图形和文字，

7、在题目中已经提供了信息“食品种类多，酸碱度范围广所以选择的食品添加剂应该有广的酸碱适应范围，从图形中，我们可以看出木瓜蛋白酶的适应范围最广，活力高、稳定，所以可以选作食品添加剂。蛋白酶的活力可用单位时间内产物增加(单位时间内反响底物减少)的量来表示。(2)实验设计，我们应该明确实验目的，此实验的实验目的是为了探究酶保护剂浓度和提取液pH对木瓜蛋白酶提取效果的影响，所以我们可以将酶保护剂浓度和提取液pH作为自变量。26C12023福建卷答复以下、题：.大菱鲆是我国重要的海水经济鱼类。研究性学习小组尝试对大菱鲆消化道中蛋白酶的活性进行研究。图1图2(1)查询资料得知，18时，在不同pH条件下大菱鲆

8、消化道各部位蛋白酶活性如图1。由图可知，在各自最适pH下，三种蛋白酶催化效率最高的是_。(2)资料说明大菱鲆人工养殖温度常年在1518之间。学习小组假设：大菱鲆蛋白酶的最适温度在1518间。他们设置15、16、17、18的实验温度，探究三种酶的最适温度。探究实验中以干酪素为底物。干酪素的化学本质是_，可用_试剂鉴定。胃蛋白酶实验组和幽门盲囊蛋白酶实验组的pH应分别控制在_。为了控制实验温度，装有酶和底物的试管应置于_中以保持恒温。单位时间内_可以表示蛋白酶催化效率的上下。实验结果如图2，据此能否确认该假设成立？_。理由是：_。(3)研究还发现大菱鲆消化道淀粉酶和脂肪酶含量少、活性低，所以人工养

9、殖投放的饲料成分中要注意降低_的比例，比减少对海洋的污染。.双酚A是一种化工原料，对动物生殖机能有影响。研究人员进行“双酚A对中国林蛙精巢芳香化酶水平的影响实验。主要过程是：将性成熟雄蛙分组，实验组置于含双酚A的水体饲养，同时作空白对照。一定时间后检测雄蛙精巢芳香化酶水平，并对精巢进行制片镜检。结果显示，实验组芳香化酶水平高于空白对照组，且精子发育异常。请答复：(1)芳香化酶能促进雄性激素转化为雌性激素。据此推测双酚A进入雄蛙体内后，使其体内雌性激素水平_，从而导致精子发育异常。为比拟双酚A和雌性激素对精巢机能的影响，可另设置一水体中含_的实验组。(2)对精巢镜检时，用高倍镜观察细胞中_的形态

10、和数目，以区分减数分裂过程不同时期的细胞，并统计精子发育异常比例。(3)林蛙体内雌性激素分泌后经_运输到靶细胞，与靶细胞的_结合产生调节作用。26. (1)幽门盲囊蛋白酶 (2)蛋白质双缩脲2和8水浴底物消耗量(或产物生成量)不能据图可知，随着温度提高酶活性逐步升高，酶活性峰值未出现(3)淀粉、脂肪.( 1)升高雌性激素(2)染色体(3)体液(或血液)受体解析.此题主要考查酶的相关知识。涉及酶的本质、检测和影响酶活性的因素等。(1)从图1可知，三种蛋白酶在各自最适pH值下，幽门盲囊蛋白酶对应的酶活性值最大，所以催化效率最高。(2)酶具有专一性，蛋白酶只能催化蛋白质的水解，干酪素为蛋白质类化合物

11、，可用双缩脲试剂检测；要验证大菱鲆蛋白酶的最适温度，要遵循单一变量、对照、重复等原那么，并控制其他无关变量相同，由题意可知，此实验温度为自变量，pH等为无关变量，为了得到准确的结果，pH应与相对应的蛋白酶的最适值，由图1可知，胃蛋白酶最适pH为2，幽门盲囊蛋白酶最适pH为8；为了控制温度保持不变，底物和酶的试管应置于水浴中以保持恒温，酶的催化效率可以用单位时间内底物的消耗量(或产物的生成量)来表示；由图2可以看出，当温度从1518梯度变化过程中，随着温度的升高，蛋白酶的活性一直在增强，没有出现下降的拐点，因此，不能得出大菱鲆蛋白酶的最适温度在15到18。(3)大菱鲆消化道内淀粉酶和脂肪酶少，对

12、淀粉和脂肪的消化存在障碍，所以在人工投放饲料时要减少淀粉和脂肪的比例。.此题以实验为背景材料，考查有关减数分裂、激素等知识。(1)由题中实验结果可知，双酚A进入雄蛙体内后，可以提高雄蛙体内芳香化酶的水平，而芳香化酶能促进雄性激素转化为雌性激素，所以双酚A进入雄蛙体内后，雌性激素含量增加。要比拟双酚A和雌性激素对精巢机能的影响，可设置水中含有雌性激素的实验组作为条件对照，培养一段时间后对精巢进行镜检，观察实验结果。(2)减数分裂各时期主要根据染色体数目和行为特征来判断，所以镜检用高倍镜观察细胞的染色体。(3)激素通过体液运输到达相应的靶器官或靶细胞，与相应的受体结合，从而调节靶器官或靶细胞的生命

13、活动。1C12023北京卷细胞中不能合成ATP的部位是()A线粒体的内膜B叶绿体中进行光反响的膜结构C内质网的膜D蓝藻(蓝细菌)中进行光反响的膜结构1C解析此题考查ATP的合成场所，考查学生的识记能力。在光合作用和呼吸作用过程中均有ATP的合成。线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所，有ATP合成，A说法正确；光合作用的光反响过程也有ATP的合成，B、D说法正确；内质网主要进行合成代谢，该处只能消耗ATP，C说法错误。C2物质的输入和输出1C22023浙江卷人体肝细胞内CO2分压和K浓度高于细胞外，而O2分压和Na浓度低于细胞外，上述四种物质中通过主动转运进入该细胞的是()ACO2BO2CKDNa

14、1C解析此题考查物质的跨膜运输，考查学生的理解、分析能力。要求学生理解主动转运和被动转运的特点。CO2是肝细胞代谢产物，需要运出细胞。O2和Na是顺浓度梯度进入肝细胞。只有K是逆浓度梯度进入肝细胞，所以答案选C。31C22023北京卷科学家为了研究蛋白A的功能，选用细胞膜中缺乏此蛋白的非洲爪蟾卵母细胞进行实验，处理及结果见下表。实验组号在等渗溶液中进行的处理在低渗溶液中测定卵母细胞的水通透速率(cm/s104)向卵母细胞注入微量水(对照)27.9向卵母细胞注入蛋白A的mRNA210.0将局部组细胞放入含HgCl2的等渗溶液中80.7将局部组细胞放入含试剂M的等渗溶液中188.0(1)将组卵母细

15、胞放入低渗溶液后，水分子经自由扩散(渗透)穿过膜的_进入卵母细胞。(2)将蛋白A的mRNA注入卵母细胞一定时间后，该mRNA_的蛋白质进入细胞膜，使细胞在低渗溶液中体积_。(3)与组细胞相比，组细胞对水的通透性_，说明HgCl2对蛋白A的功能有_作用。比拟、组的结果，说明试剂M能够使蛋白A的功能_。推测HgCl2没有改变蛋白A的氨基酸序列，而是破坏了蛋白A的_。(4)抗利尿激素通过与细胞膜上的_结合，可促进蛋白A插入肾小管上皮细胞膜中，从而加快肾小管上皮细胞对原尿中水分子的_。(5)综合上述结果，可以得出_的推论。31(1)磷脂双分子层(2)翻译迅速增大(3)明显降低抑制局部恢复空间结构(4)

16、受体重吸收(5)蛋白A是水通道蛋白解析此题考查蛋白A在细胞膜中对水的通透性的影响，考查分析推理和理解能力。(1)水分子进出细胞的方式有自由扩散和水通道蛋白协助扩散，而自由扩散直接穿过细胞膜的两层磷脂分子层。(2)因非洲爪蟾没有蛋白A基因或该基因关闭，注射蛋白A的mRNA后，由于生物共用一套遗传密码子，所以可以翻译出蛋白A，蛋白A进入细胞膜后，促进水分子进出细胞，当细胞处于低渗溶液时，由于渗透作用和蛋白A协助扩散作用使水分子大量进入细胞，细胞体积迅速增大。(3)由题意可知，实验为对照组，、为实验组，由实验和实验比拟分析，可以得出，蛋白A可以提高细胞对水的通透性，实验与实验相比，细胞对水的通透性要

17、低，这两组实验的唯一变量为HgCl2，说明HgCl2对蛋白A有抑制作用。实验中参加M物质后，细胞对水的通透性恢复，说明M物质能解除HgCl2对蛋白A的抑制作用，因此，HgCl2没有改变蛋白A的氨基酸序列，只是改变了蛋白A的空间结构。(4)抗利尿激素能促进肾小管和集合管对原尿中水的重吸收，而激素的作用原理是通过与靶细胞的相应受体结合，从而激活靶细胞，使其发挥相应的功能。(5)通过实验、相互比拟可以得出，蛋白A是水通道蛋白。C4细胞呼吸29C42023课标全国卷将玉米种子置于25、黑暗、水分适宜的条件下萌发，每天定时取相同数量的萌发种子，一半直接烘干称重，另一半切取胚乳烘干称重，计算每粒的平均干重

18、，结果如下图。假设只考虑种子萌发所需的营养物质来源于胚乳，据图答复以下问题。图3(1)萌发过程中胚乳组织中的淀粉被水解成_，再通过_作用为种子萌发提供能量。(2)萌发过程中在_小时之间种子的呼吸速率最大，在该时间段内每粒种子呼吸消耗的平均干重为_mg。(3)萌发过程中胚乳的局部营养物质转化成幼苗的组成物质，其最大转化速率为_mg粒1d1。(4)假设保持实验条件不变，120小时后萌发种子的干重变化趋势是_，原因是_。29(1)葡萄糖呼吸(或生物氧化)(2)729626.5(3)22(4)下降幼苗细胞呼吸消耗有机物，且不能进行光合作用解析此题考查种子萌发过程中细胞代谢的变化过程，其中主要涉及呼吸作

19、用，考查学生的读图能力与实际应用能力。(1)淀粉是玉米种子的重要储能物质，在萌发过程中需先水解为葡萄糖，再通过呼吸作用产生直接能源物质ATP才能被利用。(2)种子干重的减少代表呼吸消耗，种子消耗储存的有机物越多，呼吸速率越大，干重下降越快，从图中可看出7296小时呼吸速率最大，这段时间每粒种子呼吸消耗的平均干重为204.2177.726.5mg。(3)胚乳干重的减少是一局部用于呼吸作用消耗，另一局部转化成幼苗的组成物质了，因此转化速率应该是胚乳干重的减少与呼吸作用消耗差值，从图中看应为两条线斜率相差最大的时间段，即在96120小时之间。此时，胚乳干重的减少为(从118.1mg减少到91.1mg

20、)27mg；呼吸作用消耗为(从177.7mg减少到172.7mg)5mg。由此得出其最大转化速率(275)(12096)2422mg粒1d1。(4)在25、黑暗、水分适宜的条件下，种子不能进行光合作用，只能不断地利用有机物氧化分解为生命活动提供能量，所以120小时后，种子的干重还会继续下降。23C42023江苏卷图3表示细胞呼吸作用的过程，其中13代表有关生理过程发生的场所，甲、乙代表有关物质。以下相关表达正确的是()图3A1和3都具有双层生物膜B1和2所含酶的种类不同C2和3都能产生大量ATPD甲、乙分别代表丙酮酸、H23BD解析此题考查细胞呼吸过程、场所等知识。由题中图可知1是细胞质基质无

21、膜结构，3是线粒体内膜为单层膜，故A错。1中含有有氧呼吸第一阶段及无氧呼吸第一、第二阶段化学反响所需酶，2中含有有氧呼吸第二阶段化学反响所需的酶，不同化学反响所需酶的种类不同，故B正确。2为有氧呼吸第二阶段场所，产生能量较少，故C错。甲代表有氧呼吸第一阶段的产物丙酮酸，乙代表的是有氧呼吸前两个阶段产生的H，故D正确。29C42023安徽卷 为探究酵母菌的细胞呼吸，将酵母菌破碎并进行差速离心处理，得到细胞质基质和线粒体，与酵母菌分别装入AF试管中，参加不同的物质，进行了如下实验(见下表)。试管编号参加的物质细胞质基质AB线粒体CD酵母菌EF葡萄糖丙酮酸氧气注：“表示参加了适量的相关物质，“表示未

22、参加相关物质。(1)会产生CO2和H2O的试管有_，会产生酒精的试管有_，根据试管_的实验结果可判断出酵母菌进行无氧呼吸的场所。(均填试管编号)(2)有氧呼吸产生的H，经过一系列的化学反响，与氧结合形成水。2,4二硝基苯酚(DNP)对该氧化过程没有影响，但使该过程所释放的能量都以热的形式耗散，说明DNP使分布在_的酶无法合成ATP。假设将DNP参加试管E中，葡萄糖的氧化分解_(填“能或“不能)继续进行。29(1)C、EB、FB、D、F(2)线粒体内膜能解析此题通过探究实验考查细胞呼吸的过程，考查学生的分析与探究能力。有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段均在细胞质基质中进行，一分子葡萄糖分解可产生两分子

23、丙酮酸，在无氧条件下，酵母菌细胞第一阶段产生的丙酮酸可以分解为CO2和酒精(场所为细胞质基质)，在有氧条件下，丙酮酸可以进入线粒体，与水发生反响产生CO2和少量的能量，前两个阶段产生的H与氧结合生成水。(1)葡萄糖不能进入线粒体中，产生CO2和H2O的是能够进行有氧呼吸的C和E(实验过程中必须提供氧气)；会产生酒精的试管进行的是无氧呼吸，场所在细胞质基质中，符合条件的只有试管B、F；试管D中，葡萄糖不能进入线粒体，即使不提供氧气也不能产生酒精，说明无氧呼吸的场所不在线粒体，与B、F试管中的结果相对照可以确定酵母菌进行无氧呼吸的场所是细胞质基质。(2)有氧呼吸第三阶段的酶附着在线粒体内膜上。试管

24、E中进行的是有氧呼吸，DNP不影响与氧的结合，故不会影响葡萄糖的氧化分解。C5光能在叶绿体中的转换及光合作用2C5、F1、I12023福建卷下表是生物科学史上一些经典实验的表达，表中“方法与结果和“结论或观点能相匹配的是()选项方法与结果结论或观点A观察到植物通过细胞分裂产生新细胞；观察到动物受精卵分裂产生新细胞所有的细胞都来源于先前存在的细胞B单侧光照射下，金丝雀草胚芽鞘向光弯曲生长，去尖端的胚芽鞘不生长也不弯曲生长素具有极性运输的特点C将载有水绵和好氧细菌的装片置于黑暗且缺氧的环境中，用极细光束照射后，细菌集中于有光照的部位光合作用产生的氧气来自于水D将活的R型肺炎双球菌与加热杀死的S型肺

25、炎双球菌混合后注入小鼠体内，小鼠体内出现活的S型菌DNA是主要遗传物质2.A解析细胞学说要点之一是新细胞可以从老细胞中产生，A项符合细胞学说的根本观点。B项中只能说明胚芽鞘的向光性与尖端有关，B不匹配。C项说明光合作用的场所是在叶绿体，光合作用需要光照条件，C不匹配。D项是格里菲思的肺炎双球菌的体内转化实验，说明S型菌中存在着转化因子，D错误。C6影响光合作用速率的因素和提高光能利用率30C62023浙江卷 某植物在停止供水和恢复供水条件下，气孔开度(即气孔开放程度)与光合速率的变化如下图。请答复：(1)停止供水后，光合速率下降。这是由于水是_的原料，又是光合产物在植物体内_的主要介质。(2)

26、在温度、光照相同的条件下，图中A点与B点相比，光饱和点低的是_点，其主要原因是_。(3)停止供水一段时间后，叶片发黄，原因是_。此时类囊体结构破坏，提供给碳反响的_减少。(4)生产实践中，可适时喷施植物激素中的_，起到调节气孔开度的作用。30(1)光合作用运输(2)B气孔开度降低，CO2吸收减少(答出一项即可)(3)叶绿素合成速度变慢或停止(或叶绿素分解)，类胡萝卜素的颜色显露出来(答出一项即可)NADPH和ATP(4)脱落酸解析此题考查光合作用速率的影响因素，综合考查学生读图、识图能力和对光合作用速率影响因素的综合分析能力。水是构成生物体的物质之一，光合作用中以水和CO2等无机物为原料合成有

27、机物，同时水作为良好的溶剂，是生物体内物质运输的主要介质。A、B两点相比，B点气孔开度小，吸收的CO2少，导致B点光饱和点降低。叶片发黄说明类胡萝卜素的颜色显露出来了，从题意停止供水来分析，叶绿素合成少于分解，含量下降才会出现这种现象。在类囊体中进行的是光反响，类囊体破坏，光反响提供给碳反响的原料NADPH和ATP减少。脱落酸具有调节气孔开度的作用，所以可喷施一定浓度的脱落酸。33C62023江苏卷为探究低浓度NaHSO3溶液对水稻光合速率的影响，某研究小组做了如下实验，请完成实验报告并答复以下问题：(1)实验报告材料用具： 乳熟期的温室盆栽水稻，1mmol/LNaHSO3溶液，蒸馏水，喷壶，

28、光合分析测定仪等。图13实验步骤： 第一步：选取假设干_的水稻植株随机平均分成甲、乙两组，甲组为对照组，乙组为实验组。第二步：每天黄昏分别将等量的_、_喷洒在甲、乙两组的水稻叶片上，次日上午测定光合速率。结果与分析： 实验结果见图13，经分析可以得出的结论是_。(2)研究发现NaHSO3增加了叶片内叶绿体形成ATP的能力，推测其作用部位是叶绿体的_，进而加快对图14中_(填字母A D)物质的利用。图14(3)研究小组利用上述条件设计实验，证明了0.2mol/L硫酸甲酯吩嗪(PMS)和1mmol/LNaHSO3效应相同，两者共同处理既不存在累加效应，也无抑制效应。请用柱形图绘制出实验结果(实验光

29、照强度为1000molm2s1)。33(1)株型、长势、叶片均一蒸馏水1mmol/LNaHSO3溶液不同光照强度下低浓度NaHSO3溶液均可提高水稻光合速率(2)类囊体A、B、D(3)见以下图解析此题考查光合作用的过程及影响光合作用的因素，考查学生实验设计、分析能力。(1)实验需满足对照原那么和等量原那么，因此选择的植物应该是生长状况完全相同的，同时应设置喷洒蒸馏水一组作为对照。比拟图13中两条曲线可知，在不同的光照强度下，低浓度NaHSO3均可提高水稻光合速率。(2)ATP是光反响的产物，光反响发生在叶绿体类囊体中，因此NaHSO3作用于此部位。图14中A、B、C、D依次为CO2、C3、(C

30、H2O)、C5，ATP的增加可加快暗反响，加快对A、B、D的利用，从而生成更多的C。(3)据题意可知，单独用0.2mol/LPMS处理、0.2mol/LPMS和1mmol/LNaHSO3共同处理均与1mmol/LNaHSO3单独处理结果相同。26C6、D12023广东卷 荔枝叶片发育过程中，净光合速率及相关指标的变化见下表。叶片发育时期叶面积(最大面积 的%)总叶绿素含量(mg/gfw)气孔相对开放度(%)净光合速率(molCO2/m2s)A新叶展开前192.8B新叶展开中871.1551.6C新叶展开完成1002.9812.7D新叶已成熟10011.11005.8注：“表示未测数据。(1)B

31、的净光合速率较低，推测原因可能是：叶绿素含量低，导致光能吸收缺乏；_，导致_。(2)将A、D分别置于光温恒定的密闭容器中，一段时间后，A的叶肉细胞中，将开始积累_；D的叶肉细胞中，ATP含量将_。(3)与A相比，D合成生长素的能力_；与C相比，D的叶肉细胞的叶绿体中，数量明显增多的结构是_。(4)叶片发育过程中，叶面积逐渐增大，是_的结果；D的叶肉细胞与表皮细胞的形态、结构和功能差异显著，其根本原因是_。26(1)气孔相对开放度小CO2吸收缺乏(2)乙醇增加(3)较低类囊体(基粒)(4)细胞分裂和细胞生长基因选择性表达解析光合作用的强度可以通过测定一定时间内原料消耗或产物生成的数量来定量地表示

32、。(1)影响光合速率的因素有外因(光照强度、温度、二氧化碳浓度等)和内因(叶绿素的含量、酶等)，结合表格中的信息，B组叶绿素含量为1.1mg/gfw，叶绿素含量低，导致光能吸收缺乏；气孔相对开放度为55%，开放度比拟小，导致CO2吸收缺乏，因此B的净光合效率较低。(2)A叶片的净光合速率为2.8mg/gfw，即光合速率小于呼吸速率，且由于是密闭的容器，导致容器内氧气越来越少而进行无氧呼吸，产生乙醇和CO2，积累乙醇。D叶片中，光合速率大于呼吸速率，且由于是密闭的容器，导致容器内二氧化碳越来越少，暗反响减弱，而光反响不变，导致ATP增加。(3)相比成熟叶片，幼嫩的叶是合成生长素的主要部位之一；叶

33、绿素分布在叶绿体中基粒的类囊体薄膜上，从表格中可推知，由于总叶绿素含量增长，因此，D的叶肉细胞的叶绿体中，类囊体(基粒)明显增多。(4)叶片发育过程中，叶片面积逐渐增大，是由于细胞分裂和细胞生长使细胞的数量和体积增加；细胞分化的根本原因是基因选择性表达。C8光合作用和呼吸作用的综合应用302023重庆卷.C8长叶刺葵是棕榈科热带植物，为了解其引种到重庆某地后的生理状况，某研究小组在水分充足、晴朗无风的夏日，观测得到了该植物光合速率等生理指标日变化趋势图。(1)据图分析：光合作用消耗ATP最快的时刻是_。根吸水能力最强的时刻是_。直接引起蒸腾速率变化的生理指标是_；推测导致12：00时光合速率出

34、现低谷的环境因素主要是_(填“光照或“CO2)。在14：00时假设适当提高CO2浓度，短时间内叶绿体中H含量的变化是_。(2)假设该地土壤缺钙，一段时间后该植物首先表现出钙缺乏症的是_(填“老叶或“幼叶)。(3)假设假设干年后将引种后代重新移栽回原产地，与原产地长叶刺葵杂交不育，原因是地理隔离导致了_。30.(1)10：0012：00气孔导度光照降低(2)幼叶(3)生殖隔离解析本小题考查植物代谢和生物进化的有关知识以及识图和获取信息的能力，题目考查难度属中等。(1)植物光合作用越强，消耗ATP也就越多，因此上午10：00消耗ATP最快；蒸腾作用会产生对水向上的拉力，蒸腾作用越强，根吸收水分的能

35、力也就越强，据图可知，12：00时根吸收水分的能力很强；蒸腾作用是通过气孔散失水分，因此气孔导度越大，蒸腾速率越快；12：00时光合作用出现低谷，此时气孔导度最高，植物可以通过开张的气孔吸收CO2，因此此时的影响因素可能是光照。假设适当提高CO2浓度，那么C3合成增加，复原C3所消耗的H会增多，所以短时间叶绿体内H的含量降低；(2)钙属于不能转移利用的元素，因此假设土壤中缺钙，幼叶会首先出现缺素病症。(3)移栽回来的长叶刺葵与原产地的长叶刺葵杂交不育，说明已经产生生殖隔离。302023四川卷答复以下、小题。.C8科研人员获得一种叶绿素b完全缺失的水稻突变体，该突变体对强光照环境的适应能力更强。

36、请答复：(1)提取水稻突变体的光合色素，应在研磨叶片时参加_，以防止色素被破坏，用纸层析法别离该突变体叶片的光合色素，缺失的色素带应位于滤纸条的_。(2)该突变体和野生型水稻的O2释放速率与光照强度的关系如下图。当光照强度为n时，与野生型相比，突变体单位面积叶片中叶绿体的氧气产生速率_。当光照强度为m时，测得突变体叶片气孔开放程度比野生型更大，据此推测，突变体固定CO2形成_的速率更快，对光反响产生的_消耗也更快，进而提高了光合放氧速率。(3)如果水稻出现叶绿素a完全缺失的突变，将无法进行光合作用，其原因是_。30.(1)CaCO3最下端(2)较大C3NADPH、ATP(3)缺失叶绿素a不能完

37、成光能转换解析.此题考查叶绿体中色素的提取和别离实验及光合作用的有关知识。(1)提取叶绿体中的色素时，参加CaCO3，可以防止研磨时叶绿体中的色素受到破坏；叶绿素b在滤纸条上随层析液扩散的速度最慢，因此用纸层析法别离突变体叶片的光合色素时，缺失的色素带应位于滤纸条的最下端。(2)植物在有光照的情况下，既进行光合作用，也进行细胞呼吸，因此O2释放速率应为净光合速率，它是O2产生速率和呼吸速率的差值，分析图中曲线可知，光照强度为0时，突变体吸收O2量大于野生型，说明野生型的呼吸速率小于突变体，当光照强度为n时，野生型和突变体的净光合速率相等，那么突变体单位面积叶片中叶绿体的氧气产生速率大于野生型；

38、气孔开放程度大有利于CO2的吸收，从而使固定CO2形成C3的速率加快，对NADPH、ATP消耗也就会增加。(3)只有少数特殊状态下的叶绿素a具有转化光能的作用，如果水稻出现叶绿素a完全缺失的突变，将无法将吸收的光能转化成电能和NADPH、ATP中的化学能，光合作用也就无法进行。2C82023山东卷夏季晴朗的一天，甲乙两株同种植物在相同条件下CO2吸收速率的变化如下图。以下说法正确的是()A甲植株在a点开始进行光合作用B乙植株在e点有机物积累量最多C曲线bc段和de段下降的原因相同D两曲线bd段不同的原因可能是甲植株气孔无法关闭2D解析此题主要考查影响光合作用的因素以及对曲线图的分析能力。图中光

39、合作用开始的点在a点之前，a点时光合作用等于呼吸作用，故A错；只要光合作用大于呼吸作用，有机物就一直在积累，图中618时有机物一直在积累，所以18时植物体内有机物积累量最大，故B错；曲线bc段下降的原因是由于光照太强，叶片气孔关闭，叶片吸收的二氧化碳减少造成的；de段下降的原因是光照强度的减弱，故C错；乙植株出现bd段的原因是气孔关闭，但是甲植株没有出现该现象，说明甲植株没有出现关闭的现象，故D对。31C82023全国卷 金鱼藻是一种高等沉水植物，有关研究结果如下图(图中净光合速率是指实际光合速率与呼吸速率之差，以每克鲜重每小时释放O2的微摩尔数表示)。图1据图答复以下问题：(1)该研究探讨了

40、_对金鱼藻_的影响。其中，因变量是_。(2)该研究中净光合速率到达最大时的光照度为_lx。在黑暗中，金鱼藻的呼吸速率是每克鲜重每小时消耗氧气_mol。(3)该研究中净光合速率随pH变化而变化的主要原因是_。31(1)光照度、NaHCO3浓度、pH净光合速率净光合速率(2)12.51038(3)酶活性受pH的影响解析据图分析，a、b两图表示光照度对净光合速率的影响，c图表示NaHCO3(CO2)浓度对净光合速率的影响，d图表示pH对净光合速率的影响。实验的因变量是净光合速率(即实验测得的每克鲜重金鱼藻每小时释放O2的量)。图b表示光照度12.5103lx时，净光合速率到达最大值。图a表示在光照度

41、为0时，金鱼藻每克鲜重每小时消耗氧气8mol。pH对净光合速率的影响是主要是影响了酶的活性。C11细胞的代谢综合8L6C112023天津卷黄曲霉毒素B1(AFB1)存在于被黄曲霉菌污染的饲料中，它可以通过食物链进入动物体内并蓄积，引起癌变。某些微生物能表达AFB1解毒酶，将该酶添加在饲料中可以降解AFB1，消除其毒性。答复以下问题：(1)AFB1属于_类致癌因子。(2)AFB1能结合在DNA的G上，使该位点受损伤变为G，在DNA复制中，G会与A配对。现有受损伤部位的序列为eq avs4al(AGT,TCA)，经两次复制后，该序列突变为_。(3)以下图为采用基因工程技术生产AFB1解毒酶的流程图

42、。eq x(aal(含AFB1,解毒酶基,因的菌株)eq o(,sup7()eq x(aal(总,RNA)eq x(cDNA)eq o(,sup7(),sdo5(PCR)eq x(aal(AFB1,解毒酶,基因)eq o(,sup7(构建)eq x(aal(酵母工,程菌)eq o(,sup7(表达),sdo5(纯化)eq x(aal(AFB1,解毒酶)据图答复以下问题：在甲、乙条件下培养含AFB1解毒酶基因的菌株，经测定，甲菌液细胞密度小、细胞含解毒酶；乙菌液细胞密度大、细胞不含解毒酶。过程应选择_菌液的细胞提取总RNA，理由是_。过程中，与引物结合的模板是_。检测酵母工程菌是否合成了AFB1

43、解毒酶，应采用_方法。(4)选取不含AFB1的饲料和某种实验动物为材料，探究该AFB1解毒酶在饲料中的解毒效果。实验设计及测定结果见下表。组别添加AFB1(g/kg饲料)AFB1解毒酶(g/kg饲料)肝脏AFB1残留量(ng/g)A006.4B100020.9C100116.8D100311.7E10057.3F10077.3据表答复以下问题：本实验的两个自变量分别为_。本实验中，反映AFB1解毒酶解毒效果的对照组是_。经测定，某污染饲料中AFB1含量为100g/kg，那么每千克饲料应添加_克AFB1解毒酶，解毒效果最好，同时节约了本钱。(5)采用蛋白质工程进一步改造该酶的根本途径是：从提高酶

44、的活性出发，设计预期的蛋白质结构，推测应有的氨基酸序列，找到相对应的_序列。8(1)化学(2)eq avs4al(ATT,TAA)(3)甲甲菌液细胞的AFB1解毒酶基因已转录生成mRNA，而在乙菌液细胞中该基因未转录AFB1解毒酶基因的cDNA抗原抗体杂交(4)AFB1的添加量和AFB1解毒酶的添加量B组(或B组A组)5(5)脱氧核苷酸解析此题考查基因工程与蛋白质工程的相关内容，考查学生的识图能力和综合分析能力。(1)黄曲霉毒素B1(AFB1)是一种化学物质，属于化学类致癌因子。(2)根据题中信息可知G会与A配对，所以受损伤部位的序列经一次复制后，变为eq o(sup7(TAA),sdo5(A

45、GT)和eq o(sup7(AGT),sdo5(TCA)序列，再经一次复制后变为eq o(sup7(ATT),sdo5(TAA)、eq o(sup7(TAA),sdo5(AGT)、eq o(sup7(TCA),sdo5(AGT)和eq o(sup7(AGT),sdo5(TCA)序列，该序列经两次复制后突变为eq o(sup7(ATT),sdo5(TAA)。(3)过程应选择甲菌液的细胞提取总RNA，理由是甲菌液细胞中含AFB1解毒酶，意味着完成了基因的表达，转录出了mRNA，而乙菌液细胞中不含AFB1解毒酶，未发生转录，所以应选择甲菌液的细胞提取总RNA；过程中，根据图示可以看出与引物结合的模板

46、是cDNA；检测基因是否表达应采用抗原抗体杂交方法。(4)由表中信息可知AFB1的有无和AFB1解毒酶的含量是本实验的两个自变量。本实验中，A组是无添加AFB1、无添加AFB1解毒酶的对照组，B组是无添加AFB1解毒酶的对照组。CF组与B组(或B组A组)对照能反响AFB1解毒酶的解毒效果。从表中信息可以得出，某污染饲料中AFB1含量为100g/kg时，每千克饲料应添加5克AFB1解毒酶，解毒效果最好，同时节约本钱。(5)蛋白质工程的根本途径是：从预期的蛋白质功能出发设计预期的蛋白质结构推测应有的氨基酸序列找到相对应的脱氧核苷酸序列(基因)。5C112023天津卷设置不同CO2浓度，分组光照培养

47、蓝藻，测定净光合速率和呼吸速率(光合速率净光合速率呼吸速率)，结果见以下图。据图判断，以下表达正确的是()A与d3浓度相比，d1浓度下单位时间内蓝藻细胞光反响生成的H多B与d2浓度相比，d3浓度下单位时间内蓝藻细胞呼吸过程产生的ATP多C假设d1、d2、d3浓度下蓝藻种群的K值分别为K1、K2、K3，那么K1K2K3D密闭光照培养蓝藻，测定种群密度及代谢产物即可判断其是否为兼性厌氧生物5A解析此题考查光合作用与呼吸作用综合的相关内容，考查学生的识图能力与综合分析能力。植物细胞光反响生成的H与总光合速率(光合速率净光合速率呼吸速率)有关，d1浓度下与d3浓度下净光合速率相同，但d1浓度下呼吸速率

48、大，所以d1浓度下总光合速率大，细胞光反响生成的H多，A项正确；根据题图可知，d3浓度下呼吸速率小于d2浓度下的呼吸速率，单位时间内蓝藻细胞呼吸过程产生的ATP比d2浓度下的要少，B项错误；因实验是以蓝藻种群为单位进行研究的，呼吸消耗大，就能说明种群数量大，故d2浓度的K2值最大，d1、d3浓度下K1值K3值，C项错误；判断是否为兼性厌氧生物，需要制造无光、密闭条件，还需要设置对照组，D项错误。302023四川卷答复以下、小题。.C11研究说明，癌细胞和正常分化细胞在有氧条件下产生的ATP总量没有明显差异，但癌细胞从内环境中摄取并用于细胞呼吸的葡萄糖是正常细胞的假设干倍。以下图是癌细胞在有氧条

49、件下葡萄糖的局部代谢过程，据图分析答复以下问题：(1)图中A代表细胞膜上的_。葡萄糖进入癌细胞后，在代谢过程中可通过_作用形成非必需氨基酸，也可通过形成五碳糖进而合成_作为DNA复制的原料。(2)在有氧条件下，癌细胞呼吸作用的方式为_。与正常细胞相比，过程在癌细胞中明显增强的有_(填编号)，代谢途径发生这种变化的意义在于能够_，从而有利于癌细胞的增殖。(3)细胞在致癌因子的影响下，_基因的结构发生改变而被激活，进而调控_的合成来改变代谢途径。假设要研制药物来抑制癌症患者细胞中的异常代谢途径，图中的过程_(填编号)不宜选为作用位点。30.(1)载体蛋白氨基转换脱氧核苷酸(2)有氧呼吸和无氧呼吸产

50、生大量的中间产物，为合成DNA和蛋白质等重要物质提供原料(3)原癌酶解析.此题是在新的问题情境中考查教材中有关细胞内的营养物质代谢、细胞呼吸以及细胞癌变的有关知识。(1)葡萄糖的吸收需要载体蛋白的协助，故图中A代表细胞膜上的载体蛋白；葡萄糖被分解成中间代谢产物后，可以通过氨基转换作用形成非必需氨基酸，脱氧核苷酸是DNA的根本单位，由此可知葡萄糖还可以通过形成五碳糖进而合成脱氧核苷酸，成为DNA复制的原料。(2)图中显示有氧条件下葡萄糖在细胞中既可彻底氧化分解成CO2和H2O，也可产生乳酸，因此此时癌细胞呼吸作用的方式为有氧呼吸和无氧呼吸；由题干“癌细胞和正常分化细胞在有氧条件下产生的ATP总量

51、没有明显差异，图中过程有氧呼吸产生ATP最多，说明癌细胞与正常分化细胞相差不大；由题干“癌细胞从内环境摄取并用于细胞呼吸的葡萄糖是正常细胞的假设干倍说明癌细胞内过程明显增强。代谢途径发生这种变化的意义在于能产生大量的中间产物，为合成DNA和蛋白质等重要物质提供原料，从而有利于癌细胞的增殖。(3)细胞在致癌因子的影响下，原癌基因被激活，进而可以通过调控酶的合成来改变代谢途径；与正常细胞相比，癌细胞的异常代谢途径主要是和，因此假设要研制药物来抑制癌症患者细胞中的异常代谢途径，和不能作为作用位点。1C112023福建卷以下有关豌豆的表达，正确的是()A萌发初期，种子的有机物总重量增加B及时排涝，能防止根细胞受酒精毒害C进入夜间，叶肉细胞内ATP合成停止D叶片黄化，叶绿体对红光的吸收增多1B解析