广东省佛山市禅城实验高级中学高二物理月考试题含解析

1、广东省佛山市禅城实验高级中学高二物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. (单选)如右图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦如果把绳的长度增加一些，则球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是 ( )A.F1增大，F2减小B.F1减小，F2增大C.F1和F2都减小D.F1和F2都增大参考答案：C2. 若“西电东送”中采用高压直流输电，输电电流方向自西向东，电流所在处地磁场方向由南向北，则输电线中自由电子受地磁场力的方向（ ）A. 向上 B. 向下 C. 向南 D. 向北 参考答案：A3. （多选）一个微型吸尘器的直流电动机的额

2、定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则（）A电动机消耗的总功率为UIB电动机消耗的热功率为C电源的输出功率为EID电源的效率为1参考答案：考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的解答：解：A、电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算，所以总功率为IU，所以A正确；B、电动机消耗的热功率应该用P=I

3、2R来计算，所以热功率P=I2R，所以B错误C、电源的输出功率等于电动机的输入功率，得P出=UI故C错误D、电源的总功率为IE，内部发热的功率为I2r，所以电源的效率为=l，所以D正确故选AD点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的4. 如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直，下面对于线框中感应电流随时间变化的图象（电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时）可能正确的是（）ABCD参考答案：A【考点】导体切割磁感线时

4、的感应电动势；楞次定律【分析】先根据楞次定律判断感应电流的方向，分析有效切割长度的变化，再结合切割产生的感应电动势公式判断感应电动势的变化，从而结合闭合电路欧姆定律判断感应电流的变化【解答】解：线圈在进磁场的过程中，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的方向为ABCD方向，为正；在出磁场的过程中，磁通量减小，根据楞次定律知，感应电流的方向为ADCBA，为负在线圈进入磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电动势均匀增大，则感应电流均匀增大，在线圈进入磁场的后一半过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小；在线圈出磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增

5、大，感应电流均匀增大，在线圈出磁场的后一半的过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电流均匀减小故A正确，B、C、D错误故选：A5. （单选）如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示位置匀速向右拉出匀强磁场若第一次用0.3 s拉出，外力所做的功为W1，通过导线横截面的电荷量为q1；第二次用0.2 s拉出，外力所做的功为W2，通过导线横截面的电荷量为q2，则AW1W2，q1q2 BW1W2，q1q2CW1W2，q1q2 DW1W2，q1q2参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一段导体的电阻减小6后，接在原电源上发现电流比原来增大1/4，则该导体原来的电阻

6、为_。参考答案：307. 如图所示，一验电器与锌板相连，在A处用一紫外线灯照射锌板，关灯后，指针保持一定偏角（1）现用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将 （填“增大”“减小”或“不变”）（2）使验电器指针回到零，再用相同强度的钠灯发出的黄光照射锌板，验电器指针无偏转那么，若改用强度更大的红外线灯照射锌板，可观察到验电器指针（填“有”或“无”）偏转参考答案：（1）减小；（2）无【考点】光电效应【分析】（1）用一紫外线灯照射锌板，产生光电效应现象，根据锌板的电性，分析用带负电的金属小球与锌板接触后，验电器指针偏角的变化（2）红光的频率比黄光低，黄光照射锌板，验电器指针无偏转，黄光不能

7、使锌板产生光电效应，红光也不能使锌板产生光电效应【解答】解：（1）在A处用一紫外线灯照射锌板，锌板产生光电效应，光电子射出后，锌板带正电，用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将减小（2）用黄光照射锌板，验电器指针无偏转，说明黄光不能使锌板产生光电效应，红光的频率比黄光低，红光也不能使锌板产生光电效应，验电器指针无偏转故答案为：（1）减小；（2）无8. 人的正常体温为，用热力学温标表示为。水的温度从加热到，用热力学温标表示，水温升高了。参考答案：9. 红光在真空中的传播速度为c,波长为,当它从真空中射入折射率为n的介质中后,速度为 ,波长为 .参考答案：c/n,/n(每空2分)10.

8、 将括号中的科学家名称填入正确的空格中：_发现了电流磁效应；_发现了电磁感应现象；_预言了电磁波； _发现了磁场对运动电荷的作用规律.（法拉第、奥斯特、洛仑兹、赫兹、麦克斯韦、安培）参考答案：11. 如图为某一简谐横波在t0时刻的波形图，此时质点a振动方向沿y轴正方向，从这一时刻开始，质点a、b、c中第一次最先回到平衡位置的是_，若t0.02s时，质点c第一次到达波谷处，从此时刻起开始计时，c点的振动方程为_cm.参考答案：答案：C 由图看各质点的振动情况可知，C质点先到达平衡位置；由波形图可知波是沿X轴正方向传播。波长为4 再依据t0.02s时，质点c第一次到达波谷处可推出周期为，角速度，从

9、而根据题意可写出C点的振动方程为。12. 电荷既不会凭空产生，也不会凭空消灭，它只能从一个物体 到另一个物体，或者从物体的一部分 到物体的另一部分；在 的过程中，电荷的总量 。参考答案：13. （3分）电源的电动势为4.5V，内阻为0.5，外电路的电阻为4.0，则路端电压等于 V。参考答案：4.0 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了一条较为理想的纸带，已在每条纸带上每5个点取一个计数点，依打点先后编为0、1、2、3、4、5.由于不小心，纸带被撕断了，如图所示，请根据给出的A、B、C、D 四段纸带回答: （1）在B、C、D三段

10、纸带中选出纸带A上撕下的那段应该是 . （2）若使用的电源频率为50Hz.则打计数点“1”时，物体的速度为 .打A纸带时，物体的加速度大小是 . 参考答案：15. 某变压器不能拆解，课外活动小组准备用下列器材测定其原线圈使用的铜丝长度：多用电表、电流表（00.63A）、电压表（0315V）、开关、滑动变阻器（05）、导线、干电池等用螺旋测微器、多用电表的欧姆1挡分别测量铜丝的直径、阻值，结果如上图所示，则铜丝的直径为 mm、电阻约为 ；请按下面方框中的实验原理图，在实物图中补画出未连接的导线参考答案：）1.596（1.5931.598）mm（2分）、13（2分）； 2分四、计算题：本题共3小题

11、，共计47分16. 如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H=5m的光滑水平桌面上现有一滑块A从光滑曲面上离桌面h=1.8m高处由静止开始滑下，与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经一段时间，滑块C脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出已知mA=1kg，mB=2kg，mC=3kg，g=10m/s2，求：（1）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度；（2）被压缩弹簧的最大弹性势能；（3）滑块C落地点与桌面边缘的水平距离参考答案：解：（1）滑块A从光滑曲面上h高处由静止开始滑下的过程，机械能守恒，设其滑到底面的速度

12、为v1，由机械能守恒定律有：解得：v1=6m/s滑块A与B碰撞的过程，A、B系统的动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度设为v2，由动量守恒定律有：mAv1=（mA+mB）v2解得：（2）滑块A、B发生碰撞后与滑块C一起压缩弹簧，压缩的过程机械能守恒，被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A、B、C速度相等，设为速度v3，由动量守恒定律有：mAv1=（mA+mB+mC）v3由机械能守恒定律有：Ep=（mA+mB）v22（mA+mB+mC）v32Ep=3J（3）被压缩弹簧再次恢复自然长度时，滑块C脱离弹簧，设滑块A、B的速度为v4，滑块C的速度为v5，分别由动量守恒定律和机械能守恒定律有：（mA+mB）v

13、2=（mA+mB）v4+mCv5解得：v4=0，V5=2m/s滑块C从桌面边缘飞出后做平抛运动：S=v5tH=解得：S=2m答：（1）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度是2m/s；（2）被压缩弹簧的最大弹性势能是3J；（3）滑块C落地点与桌面边缘的水平距离为2m【考点】动量守恒定律；平抛运动；机械能守恒定律【分析】由机械能守恒定律求出滑到底面的速度运用动量守恒定律研究A、B系统，求出具有共同速度当滑块A、B、C速度相等时，被压缩弹簧的弹性势能最大把动量守恒和机械能守恒结合解决问题17. 一劲度系数为k的轻质弹簧，下端挂有一匝数为n的矩形线框abcdbc边长为l线框的下半部处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与线框平面垂直在图中，垂直于纸面向里，线框中通以电流I，方向如图所示开始时线框处于平衡状态，令磁场反向，磁感强度的大小仍为B，线框达到新的