高中物理选修3-1 第一章 静电场 章节测试

00高物选一电章测00一、单选关电场，下列说法正确的是（）A.由

知，若q减半，则该处电场强度为原来的2倍B.由E=k

知，与Q正比，而与r

2

成反比由E=k

知，在以Q为球心，以r为径的球面上，各处场强均相同电中某点场强方向就是该点所放电荷受到的静电力的方向一电粒子在如图所示电场中，只在电场力用下沿虚线从A到，（）A.加度、动能、电势都增大加度增大、动能增大、电势能减小下说法正确的()

B.加速度、动、电势能都减小加度增大、动能减小、电势能减小A.静感应不是创造了荷，而是电子从物体的一部分转移到另一部分引起的B.感应起电是创造了电荷摩起电是创造了电荷以说法都不对如1所为示波器原理图在示波器“输入”和地之加上如图所示的电压而扫描范围旋钮置于外档，此时屏上应出现的情形是（）A.如所示，在足够大的光滑绝缘水平面内有带正电的点电荷图未画出，带种电荷的质点仅在a的仑力作用下速vMP方向)由M点运动到N点N点速度大小为v，且v<v，则下列说法错误的是

A0B0B112A.电荷一定在虚线MP下A0B0B112B.b电荷在M点N点加速度大小可能相等b电在M点电势能小于在N点电势能电从M点到N点过程中，a电对其做的总功为负值两相同的金属小球带的电量=+q=﹣，相距放置时作用的引力大小为F将A球B球触，再把、两间的间距增在到，那么、之间的相互作用力将变为（）A.斥、

B.斥、

引、

引、一电荷在电场中仅受电场力作用，从A点动到B点，速度随时间变化的图象如图所示t、分对应电荷在A、两的时刻，则下列说法正确的是（）A.A处的场强一定小于B处场强电在处的电势能一定大于在B处电势能

B.处电一定低于B处电势到B的程中，电场力对电荷做正如是用灵敏电流计改装成的某多量程电表部电路图，图中a为公共接线柱b、分为两个量程的接线柱．对该电表下列说法正确的是（）A.该表是多量程电流R越，该电表量程越大二、多选题下有关起电的说法正确的是（）A.摩起电说明电荷是以创造的得到电子

B.使用a、两接线柱时量程较小该表两量程的大小与和的阻值成反比B.摩擦起电时物体带负电荷是因为在摩过程中此物体感起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分消灭

等的正负荷可以中和说电荷可以被10.平行板电容器的两极板A、接电池两极，一个正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则

pABA.保开关S闭，带正电的极板向极靠近，则角大极板向B极靠近，则θ角不变pAB开S断，带正电的极板向极靠近，则角增大极板靠近，则θ角变

B.保持开关S闭，带正电的A开S断开，带正电的极板向B11.如图甲所示，、为电中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在静电力作用下运动一段距离到达B点其势能E随移x的变化关系如图乙从A到B的程中下说法中正确的是（）A.静力对电荷一直做功

B.电势一直升高

电所受静电力先减小后增大

=0三、填题12.如图是示波管的原理图，它由电子枪、偏转电极XX'和YY'）荧光屏组成，管内抽成真空。给电子枪通电后，如果在偏转电极XX'和YY'上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑。要想让亮斑移到荧光屏的正上方，需在偏转电________（填“XX'或“YY'）加电压，________板电势高（选填X、”、”或Y'）。要想在荧光屏上出现一条水平方向展开的正弦曲线，需在偏转电极（“XX'或YY'）上加扫描电压、在偏转________（填XX'或YY'”）上加按照正弦规律变化的电压。13.一平行板电容器充电后两板间电压为3V现使它的电量减少3×10发现两板电压降为原来的

，则这个电容器的电容________F，行板电容器原来带电量_14.如图所示的实验装置中左边的非匀强电场使电子加速右边的匀强电场使电子减速设匀强电场的电压为U，强电场的电压为U，实验结果是：只要U（填”或，“”）电流计的指针就偏转；只要U′________U（“＞或＜）电计的指针就不偏转．从这个实验结果可得到的结论是________．四、解题

A15.一束电子流在经U=5000V的速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d=1.0cm，长，么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？A五、综合题16.如图，真空中xOy平直角坐标系上的三构成等边三角形，边长，将电荷量均为C的点电荷分别固定在、点已知静电力常量k=9.0×109•m/C

2

，求：（）点电荷的库仑力大小；（）点电场强度的大小和方向．17.电场中某区域的电场线如图所示，是场中的两点．一个电荷量q=+4.0×108C的点电荷在A点所受电场力，该点电荷从点到B点，电场力做功W=8.0×10J．求：（）点电场强度的大小

A（），两点间的电势差U．（）点电荷点移到B点电势能变化了多少？

答案解析部分一、单选题【案B【解析】【解答】解：A、误．

是电场强度的定义式，由此式得知E与qF无，若减，则该处电场强度不变．故A错B、E=k

知，Q是场源电荷，则E与Q成比，与

2

成反比．故B正确．C、

知，在以Q为球心，以为半径的球面上，各处场强大小相等，但方向同，所以球面上各处场强不同．故错．D、场中某点场强方向就是该点所放正电受到的静电力的方向，与该点所放负电荷受到的静电力的方向相反．故错误．故选B【分析】本题考查电场强度的两个计算式，电场强度是描述电场性质的物理量，与检验电荷无；电场强度的方向与正电荷在该所受的静电力的方向相同；点电荷的电场强度与电荷量成正比，与距离平方成反比，以Q为球心，以r为径的球面上，各处场强大相等，方向不同。【案C【解析【分析】带电粒子在电场中受到的电场力的方向应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此以判断带电粒子受到的电场力是向上的，与电场线的方向相同，在从运的B的程中，电场力做正功，动能增大；电荷的电势能减小；由于点的电场线比B的电场线稀疏，所以的场强度大，电荷在的时受到的电场力大，加速度大，从运的B的程中，加速度增大。故选。【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，本题关键是根据运动轨迹来判定电力方向，由曲线运动条件可电场力指向曲线内侧。【案A【解析【析】摩擦起电是由于相互摩擦的两个物体，一个物体失去电荷，另一个物体得到电，但总的电荷没有变化，感应起电是指带电体靠近一个导体时由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互引，导体上的自由电子从导体的一端移动到另一端，并没有电荷的产生，所以A正确，错误。【点评】电荷既不会创生也不会凭空消失，三种起电方式都是由于自由电子发生移动造成了，程中并没有创生电荷，消失电荷【案C【解析【答】解：扫描范围旋钮置“外X”挡此时机内没有扫描电压“y输”“”之间接信号输入电压如图甲所示为一稳恒电压，则亮点在y方向的偏转是固定值，水平方向也没有外接电，屏上的亮斑不会发生水平方向的移动，所以看到的图象应该是图的图象，故错，正故：

0000001121【分析据波器的原理确定确的情形描范围旋钮置“外X时机内没有扫描电压输”与地之接信号输入电压如图甲所示为一稳恒电压，则亮点在y方的偏转是固定值．0000001121【案B【解析解】合力应指向轨道凹侧因为带同种电荷a电荷一定在虚线下故A对由可知，电荷从M到电场力对其做负功，选项C对N点距点电荷a近，受到的电场力大，所以b电荷在M点的加速度小于在N点加速度，故错。故选B【分析】根据电荷运动轨迹可知合外力应指向轨道凹侧，距场源电荷越近，电荷所受电场力越，则加速度越大。【案A【解析】【解答】解：金属小球A和B，带电量分别为和﹣7q，相作用力大小为，根据库仑定律，有：F=k将两球接触后再放回原处，电荷先中和再平分，带电量变为根据库仑定律，有：

=﹣，F′=k

=

，且表现为斥力，故A正，错误；故选：．【分析】设电荷A带电荷量为q，则电B带电荷量为7q﹣，在真空中相距为时根据库定律可以得到与电量、距离r的系；A、球相互接触后放回原处，距离为2r，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相作用的库仑力大小与Q、的系，用比例法求解．【案B【解析【析】图像的斜率表示物体的加速度，从图像中可得图像的斜率越来越小，即电荷受的电场力越来越小，所以A处场强大B处场强A错，从图像中可得电荷的速度越来越小，所以电场力做负功，电势能增加，所以电荷在B处电势能大于在A处的电势能，电荷沿着电势升高的方向运动，所以正，错误。【点评本题首先要具有读图的力住图线的斜率等于加速度的大小次会分析电场力做正负，抓住电场力做功与电荷电势能变化的关系。【案A【解析】【解答】、电表与电阻相并联即为电流表，A正确；B、接ab两个接线柱，导致R两的电压增大，则流过此电阻的电流也增大，因电表电流不变，则量程较大，故错误；C、欧姆定律可知R越，流越小，该电表量程越小，故错；D、电阻R与表串联后与R并，则量程大小不与阻值成反比，故错；故选：．【分析】要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表；

121AB由串并联特点，结合欧姆定律，可知，量程的大小；121AB由图，结合欧姆定律，可知，越，该电表量程越小；因电阻R与表串联后与并，则量程大小不与阻成反比．二、多选题【案B,C【解析【解答】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一物体转移到另一个物体，并没有产生电荷，物体带负电荷是因为在摩擦过程中此物体得到电子，所A不符合题意，符题意；感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，总的电荷量并没有改变，符题意；等量的正、负电荷可以中和，但电荷并没有被消灭，只是整体不显示电性而已，不符合题意。故答案为：【分析】电荷是守恒的，只能从一个物体转移到另一个物体，不会消失，也不会被创造。10.【答案】【解析在电场中平衡所受电场力力绳的拉力的合力为零衡件得＝故要判断θ的化需断电场强度的化即可闭时不变向B靠近减由E＝

，，可知增大，角增大，故A正，错；断开，则Q不变A向靠，E不，则角不变，故C错误，正。【分析】电容器在电压不变的情下，场强与距离成反比。在断开电源后场强不变，两极板电压与距离成反比。11.【答案】【解析】【解答】由乙图可知，正电荷的电势能先减小后增大，故静电力对其先做正功后做负功项误；由于正点电荷电势能先减小后增大，则电势也先减小后增大B项误；乙图中，斜率的绝对值表示的含义是＝＝

＝，即静电力的大小，由图可知，斜率绝对值先减小后增大故静电力先减小后增大，项确从到静力做功为零，故U，正确。【分析】电势能先减小后增加，电场力先做正功后做负功，

,正荷电势随电势能的变化而变化，故而电势先减小后增加。初末电势能为零，电场力不做功。电势差也为.三、填空题12.【答案】；；；’【解析【解答】在转电极和上没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心点要想让亮斑移到荧光屏的正上方，即让粒子在竖直方向上即

发生偏转，需要在

方向加偏转电压，电子枪发射的电子为负电荷，要让负电荷向上偏转，则上极板带正电，即

板带正电，所以

板电势高。要想在荧光屏上出现一条沿水平方向展开的正弦曲线，此为两个运动的合运动，水平方向匀速直线，竖方向按正弦规律变化，所以

加扫描电压，

加上按正弦规律变化的电压。【分析】示波管的原理，需要分析清楚两个相互垂直电场的具体作用。13.【答案】4；4

kkkk00【解析】【解答】由题：平行板电容器的电荷量减eq\o\ac(△,)Q=3×104C，电压降eq\o\ac(△,)﹣，则kkkk00电容器原来的带电荷量C故答案为：44.5×104

．【分析】平行板电容器的电荷量减eq\o\ac(△,)Q=3×104，压降eq\o\ac(△,)U=2V，据

求解电容．由求出电容器原来的带电荷量14.【答案】＜；＞；只要电压相同，不论否匀强电场电场对带电粒子所加的作用是相同的【解析【解答】解：在左边的非匀强电场中，根据动能定理得，电子离开电场时的动能为=qU，在右边的匀强电场中，电子刚好能到达板，根据动能定理0﹣E=﹣，得U=U，有电子到达N板条件是＜，即U＜．只要U＞U，电子到不了匀强电场右极板，电流计的指针就不偏转．所以从这个实验结果可得到的结论是只要电压相同，不论是否匀强电场电场对带电粒子所加的用是相同的．故答案为：＜，＞，只要电压相同，不论是否匀强电场电场对带电粒子所加的作用是相同的．【分析】不论在匀强电场还是非匀强电场中，电场力对电子做的功等于电子动能的增量，在非强电场中E=qU，在强电场中．据电子到达N板条件是＜，即U＜．四、解答题15.【答案】解：在加速电压一定时，偏转压越，电子在极板间的偏距就越大．当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压加