2022年八年级物理下册第九章简单机械功达标检测卷鲁科版五四制

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答案一、1．B2．B3．D4．C点拨：钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；动滑轮实质是一个动力臂为阻力臂2倍的杠杆，动滑轮在使用时可以省一半的力，故B不符合题意；定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向，故C符合题意；利用斜面提升物体，可以省力，但要多移动距离，是省力机械，故D不符合题意。5．B6．B点拨：此过程中，做的有用功W有用＝Gh，拉力做的总功W总＝Fs，则斜面的机械效率η＝eq\f(W有用,W总)＝eq\f(Gh,Fs)。7．D点拨：测量动滑轮的机械效率，需要匀速拉动弹簧测力计，不能在弹簧测力计静止时读数，故A错误；弹簧测力计对绳子的拉力作用在绳子上；物体的重力作用在提升的物体上，即二力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；使用动滑轮承担物重的绳子股数n＝2，滑轮组的机械效率η＝eq\f(W有用,W总)＝eq\f(Gh,Fs)＝eq\f(Gh,F×2h)＝eq\f(G,2F)，增大物体被提升的高度，不能提高动滑轮的机械效率，故C错误；不计绳重和摩擦，动滑轮的机械效率η＝eq\f(W有用,W总)＝eq\f(Gh,Gh＋G动h)＝eq\f(G,G＋G动)＝eq\f(1,1＋\f(G动,G))，增大物体重力与动滑轮重力的比值，可以提高动滑轮的机械效率，故D正确。8．D9．D点拨：不计滑轮的摩擦和重力，以动滑轮为研究对象，则两段绳子向右的拉力与向左的拉力平衡，所以2F拉＝F，则A物体对滑轮的拉力F拉＝eq\f(1,2)F＝eq\f(1,2)×10N＝5N；根据力的作用是相互的，所以滑轮对A的拉力也为5N；弹簧测力计的示数恒为2N，因拉滑轮时，物体B始终处于静止状态，则弹簧测力计对B向右的拉力与A对B向左的摩擦力平衡，所以fA对B＝F示＝2N；根据力的作用是相互的，所以，物体B对A的摩擦力为2N，方向向右；物体A向左匀速运动，同时地面对物体A还有向右的摩擦力，如图所示，由力的平衡条件可得：F拉′＝fB对A＋f地，所以物体A受到地面的摩擦力f地＝F拉′－fB对A＝5N－2N＝3N，方向水平向右，故A错误；绳子对A的拉力F拉′＝5N，2s内物体A移动的距离为sA＝vAt＝0.2m/s×2s＝0.4m，绳子对A做的功WA＝F拉′s＝5N×0.4m＝2J，故B错误；因拉力F作用在动滑轮的轴上，费力但省一半的距离，所以拉力端的移动速度(滑轮移动的速度)等于物体A移动速度的eq\f(1,2)，则滑轮移动的速度v＝eq\f(1,2)vA＝eq\f(1,2)×0.2m/s＝0.1m/s，故C错误；拉力F做功的功率P＝Fv＝10N×0.1m/s＝1W，故D正确。10．A点拨：如图①，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，故①正确；由图②可知杠杆的左端力臂不确定，故不能判断此杠杆一定是省力杠杆，故②错误；杠杆左端钩码向左、右端钩码向右各移动一格，左侧3G×3L＝9GL，右侧2G×4L＝8GL，左侧大于右侧，杠杆不再平衡，杠杆左端下沉，故③正确；如图④所示，力与力臂的乘积产生的效果使杠杆向同方向转动，杠杆不能平衡，故④错误。故选A。11．B点拨：由题意知，木箱的重力G＝150N，斜面高h＝eq\f(1,2)s＝eq\f(1,2)×5m＝2.5m，木箱克服重力做功W有用＝Gh＝150N×2.5m＝375J，故①错误；推力F做的功W总＝Fs＝100N×5m＝500J，克服摩擦力做的额外功W额外＝W总－W有用＝500J－375J＝125J，故②③正确；木箱移动方向与支持力方向垂直，没有在支持力的方向上移动距离，所以斜面的支持力做功为零，故④错误。故选B。12．B点拨：①用同一滑轮组分别将两个不同的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升A的过程滑轮组的机械效率较大，由η＝eq\f(W有用,W总)＝eq\f(Gh,Gh＋G动h)＝eq\f(G,G＋G动)可知，A物体比B物体重，故①错误；②由图知n＝2，因不计绳重和摩擦，A物体比B物体重，G轮相同，则根据F＝eq\f(1,2)(G＋G轮)可知，提升A的拉力较大，故②正确；③由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额外＝G动h知，提升A和B所做额外功相同，故③错误；④由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，A物体比B物体重，由W有用＝Gh知，提升A做的有用功较多，故④正确；由此可知，只有②④正确。故选B。二、13．(1)1；省力(2)2014．230；1；200点拨：由图知，n＝2，不计绳重及摩擦，人需用的拉力F＝eq\f(1,n)(G＋G动)＝eq\f(1,2)×(400N＋60N)＝230N。绳子自由端移动的距离s＝2h＝2×0.5m＝1m。人所做的有用功W＝Gh＝400N×0.5m＝200J。15．已经；1800点拨：由v＝eq\f(s,t)得，客车行驶时间t＝eq\f(s,v)＝eq\f(0.1km,80km/h)＝eq\f(1,800)h，则小汽车的速度v＝eq\f(s,t)＝eq\f(0.2km,\f(1,800)h)＝160km/h＞120km/h，故小汽车超速了；由P＝Fv得，小汽车的牵引力F＝eq\f(P,v)＝eq\f(80000W,\f(160,3.6)m/s)＝1800N。由于小汽车匀速行驶，f＝F＝1800N。16．15；80%点拨：由图知n＝3，则绳子自由端移动的速度v绳＝3v＝3×0.1m/s＝0.3m/s，拉力F的功率P＝Fv绳＝50N×0.3m/s＝15W。货箱所受的重力G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N；由题意可得，地面对货箱的滑动摩擦力f＝0.2G＝0.2×600N＝120N；则滑轮组的机械效率η＝eq\f(W有用,W总)＝eq\f(fs,Fs′)＝eq\f(fs,F×3s)＝eq\f(f,3F)＝eq\f(120N,3×50N)×100%＝80%。三、17．解：如图所示。18．解：如图所示。四、19．(1)便于测量力臂(2)右(3)变大(4)1.2N点拨：(1)实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡螺母使杠杆在水平位置静止的目的是便于测量力臂和消除杠杆自重对实验的影响。(2)设一个钩码的重为G，一个格为L，支点两侧同时各减掉一个钩码，支点左边力与力臂的乘积为G×6L＝6GL，右边力与力臂的乘积为2G×4L＝8GL，左边力与力臂的乘积小于右边力与力臂的乘积，则杠杆右端下沉。(3)弹簧测力计斜拉时，阻力及阻力臂不变，拉力的力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大。(4)弹簧测力计若在杠杆上施加最小的力F，使杠杆在水平位置平衡，应使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力，根据杠杆的平衡条件可得：F×10L＝4G×6L，解得，F＝2.4G＝2.4×0.5N＝1.2N。五、20．解：(