2020年高考理综选择题专项训练16

2018年高考理综选择题专项训练（16）一、选择题：本题共 13个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列是对组成细胞的分子的描述 ,正确的是A“还原糖的鉴定”和“观察 DNA^RNA在细胞中的分布”实验中都需要进行水浴加热B.生物大分子都能为细胞的生命活动提供能量C.淀粉和脂肪的水解产物都是二氧化碳和水D.组成细胞的各种分子都因物种不同而存在结构和功能上的差别【答案】A【解析】“还原糖的鉴定”实验中需要水浴加热，“观察 DNA^RNA！E细胞中的分布”实验中水解过程，需要将小烧杯放入含有 30℃温水的大烧杯中保温 5min，A正确。生物大分子中的核酸是遗传信息的携带者，但是不能为生命活动提供能量的，B错误。淀粉和脂肪的水解终产物分别是葡萄糖、甘油和脂肪酸，二氧化碳和水是它们的代谢终产物，C错误。组成细胞的各种分子并不是完全不同的，比如一些小分子物质：葡萄糖，氨基酸，核苷酸等是相同，D错误。2．ATP合酶是合成 ATP所需的催化酶，分子结构由凸出于膜外的亲水性头部和嵌入膜内的疏水性尾部组成。当H+顺浓度梯度穿过ATP合酶，使ADP与Pi形成ATR下列关于ATP合酶的分析，错误的是A可推测原核生物的细胞内没有 ATP合酶B.线粒体内膜、叶绿体类囊体膜上有 ATP合酶ATP合酶既具有催化作用，也具有运输作用ATP合酶彳t化AD可口Pi形成ATP需要温和的条件【答案】A【解析】原核生物的细胞需要进行呼吸作用，产生 ATP为各项生命活动供能，而 ATP合酶是合成ATP所需的催化酶，故可推测原核生物的细胞内有 ATP合酶，A错误；线粒体内膜、叶绿体类囊体膜上都有 ATP的合成，有ATP合酶，B正确；，从“ATP合酶是合成ATP所需的催化酶”可知， ATP合酶具有催化作用，从“当 H+顺浓度梯度穿过ATP合酶”可推测，ATP合酶具有运输作用，故C正确；细胞内酶催化都需要温和的条件， D正确。.艾滋病病毒（HIV）是一种逆转录病毒，HIV的宿主细胞主要是T细胞，病毒进入人体后在宿主细胞内经一系列过程形成新的病毒。下列与HIV增殖有关的叙述中正确的是A．HIV进入淋巴细胞内的只是病毒的RNAB.逆转录出的DN酚子中A+T与C+G的数目相等A与U的配对只发生在转录过程中HIV增殖时所用原料全部来自宿主细胞【答案】2【解析】HIV是具有囊膜的病毒，而具曩膜病毒是整个病毒颗粒，即脂质的囊膜和细胞膜识别后融合,然后RNA连带蛋白质衣壳一并进入细胞内的。进入细胞后衣壳解聚，释放KNA,同时衣壳内的逆转录馥开始逆转录RNA产生DNA,A错误j逆转录产生PNA中由于A和T分别与C和G在数量上没有特定的对应关系，所以逆转录出的DNA分子中A+T与C-hG的数目不一定相等，B错误;A与U的配应既发生在转录过程，也发生在逆转录过程中，C错误f由于EIV不能单独利用原料合成自身成分，所以它在宿主细胞内增殖时所用原料全部来自宿主细胞,D正确口".某地因甲虫成灾，长期使用乙酰甲胺磷来杀灭甲虫，甲虫的数量先减少后逐渐回升。下列相关叙述正确的是A在甲虫数量变化过程中，甲虫个体是进化的基本单位B.长期使用乙酰甲胺磷诱导甲虫产生基因突变，从而产生抗药性C.使用乙酰甲胺磷后，甲虫数量逐渐恢复是主动适应环境的结果D.使用乙酰甲胺磷后，甲虫的基因频率发生改变但未形成新物种【答案】D【解析】种群是进化的基本单位， A错误；乙酰甲胺磷对甲虫进行筛选，不是诱导甲虫产生基因突变， B错误；使用乙酰甲胺磷后，甲虫数量逐渐恢复是具有抗药性甲虫大量繁殖的结果， C错误；使用乙酰甲胺磷后，甲虫的基因频率发生改变，但不会形成新物种， D正确。.图为人体内环境甲、乙、丙三大成分之间的转化模式图。下列叙述中，正确的是A内环境中含有多种酶，是细胞代谢的主要场所B.镰刀形细胞贫血症是因为甲中的血红蛋白异常C.丙中蛋白质和氧气含量均低于甲D.胰腺组织细胞分泌的消化酶、胰岛素等通过甲运输到作用部位【解析】据图分析：甲表示血浆，乙表示淋巴，丙表示组织液.据此分析作答。细胞质基质是细胞代谢的场所,A错误；镰刀形细胞贫血症是基因突变造成血红蛋白异常引起的，而甲表示血浆，其中没有血红蛋白，误；丙和乙中蛋白质含量均低于血浆甲，组织液中氧气也是血浆中通过自由扩散进入的，所以也低于血浆,C正确；胰腺分泌的消化酶随胰液由导管直接送到小肠，不会通过甲运输到作用部位， D错误。.下表为某鱼种群的年龄组成。研究表明：该种鱼在 3+时达到性成熟（进入成年），9+时丧失繁殖能力（进入老年）。下列有关叙述正确的是年龄0+1+2+3+4+5+6+7+8+9+10+11+>12个体数92187121706962637264554239264（注：表中“1+”表示鱼的年龄大于等于 1、小于2,其他以此类推。）A该鱼种群的年龄组成为增长型B.用标志重捕法调查该鱼的种群密度时，如果标志物容易脱落，则会导致调查结果偏大C.该鱼种群粪便中的能量是其同化量的一部分D.该鱼种群的存在能够加速生态系统中物质和能量的循环【答案】B【解析】根据表中数据可知幼年、 成年和老年3个年龄组个体数的比例为 （92+187+121）:（70+69+62+63+72+64）:（55+42+39+264）=400:420:400~1:1:1,由此可推测该鱼种群数量的变化趋势是保持稳定，属于稳定型，A错误；用标志重捕法调查该鱼的种群密度时，根据种群密度估算公式，如果标志物容易脱落，则会导致调查结果偏大，B正确；该鱼种群的同化量=摄入量-粪便量，即粪便量是上一营养级的同化量， C错误；鱼作为消费者能够加速生态系统中物质循环，而能量是单向流动，不能循环利用， D错误。.《齐民要术》中记载了二十三种利用谷物酿制食醋的工艺。其经历的三个主要发酵过程为：糖化一酒化一一醋化。下列说法不正确的是（ ）A.糖化过程是淀粉在微生物作用下分解成葡萄糖.传统酿醋工艺均经历了酿酒的过程C.酒化和醋化都要在有氧环境中进行D.发酵液的温度控制到“小暖如人体”的程度是为了提高酶的活性【答案】C【解析】用谷物酿制食醋经历的三个主要发酵过程为： 糖化一酒化一醋化。分别是淀粉在微生物的作用下水解成葡萄糖，葡萄糖在微生物的作用下分解成乙醇和二氧化碳（在无氧的条件下） ，乙醇被微生物在有氧的环境下氧化成乙酸。A.糖化过程是淀粉在微生物作用下分解成葡萄糖，故A正确。B.传统酿醋工艺均经历了酿酒的过程，故B正确。C.酒化在无氧环境下，醋化在有氧的环境下。故 C错误。D.发酵液的温度控制到"小暖如人体”是为了提高酶白活性，故 D正确。故选Co

B选项，传统酿醋B选项，传统酿醋工艺均经历了酿酒的过程，将酒氧化可得到醋。8.设m为阿伏加德罗常数的值，下列有关叙述中正确的是A.标准状况下，2.24LSO3中含氧原子数为0.3NaImolFe与过量硫蒸气反应，电子转移数为 221L1mol/L乙醇溶液中含极性共价键数目为 7冲D.含S2-、HS共lmol的N&S溶液中含Na+数目为22【答案】5【解析】A.标准状况下』SOm是固体，故无法根据气体摩尔体积计算2.24LSCh的物质的量，从而无法计算其中所含氧原子数,A不正确1moi代与过量疏摹气反应生成硫化亚铁，所以电子转移数为B正确三C,乙醵分子和水分子申都有极性键，所以无法计算ILlmol/LZ醇溶海中所含极性共价键的数目，C不正确D.由电荷守恒可知,含S%H*共出皿的NajS溶液中含N14额目一定大于2Na,-D不正确.本题选中9.有机物MZQ9.有机物MZQ的转化关系为卜列说法不正确的是M的名称为异丁烷N的同分异构体有7种（不考虑立体异构，不包括本身）M-N-►Q的反应类型分别为取代反应和消去反应MN、Q均能使滨水层褪色，但原理不同【答案】A【解析】M的名称为异戊烷，故A错误；N的分子式是GHiCl,GH12有正戊烷、异戊烷、新戊烷3种同分异构体，正戊烷的一氯代物有3种、异戊烷的一氯代物有4种、新戊烷的一氯代物有1种，所以N的同分异构体有7种（不包括本身），故B正确；M~~^N是一个氯原子取代M分子中的一个氢原子，N-►Q是卤代煌的消去反应，故C正确；MN使滨水层因萃取而褪色， Q使滨水层因发生加成反应而褪色，故 D正确。.根据下列实验操作和现象所得到的结沦正确的是选项实验操作实验现象实验结论A向过氧化钠样品中滴加过量的盐酸 ，将生成的气体通入无白色沉淀产生样品未变质

CaCl2溶液B向氯仿(CHCI3)样品中加入AgNO溶液有白色沉淀产生样品已变质C将漂白粉样品溶于水 加人盐酸和KI溶液，再加入CCl4振荡，静置下层液体呈紫红色样品未变质D将亚硫酸钠样品溶于水，加入盐酸酸化的Ba(NQ)2溶液有白色沉淀产生样品已变质【答案】B【解析】A、二氧化碳与氯化钙溶液不反应，无白色沉淀产生不能确定是否有二氧化碳通入，则无法确定样品是否变质，选项A错误；日氯仿中的氯原子无法与硝酸银反应产生白色沉淀，若有白色沉淀产生则样品已变质生成氯离子，遇硝酸银产生白色沉淀，选项B正确；G漂白粉没有完全变质则次氯酸根离子能将碘离子氧化产生碘单质，碘单质溶于四氯化碳中呈紫红色，故无法确定样品是否变质，选项 C错误；Dk若样品不变质，在有硝酸根离子的条件下亚硫酸根离子会被氧化为硫酸根离子，遇钢离子产生不溶于酸的硫酸钢，则无法确定样品是否变质，选项 D错误。答案选Bo.已知：2FeSO4•7H2O高温FezQ+SOT+SQT+14H20T,用下图所示装置检验FeSO•7H2O的所有分解产物，卜列说法不正确的是A.乙、丙、丁中可依次盛装无水 CuSQBa(NQ)2溶液、品红溶液B.实验时应先打开K,缓缓通入Nk,再点燃酒精喷灯C.甲中残留固体加稀硫酸溶解，再滴加 KSCN溶液变红D.还应在丁装置后面连接盛有 NaOH§液的洗气瓶【答案】A【解析】A、丙装置验证的是SO,因为NO一在酸性条件下具有强氧化性，能把SO氧化成SO2,对SO的检验产生干扰，丙装置应换成BaCl2溶液，故A说法错误；B、先通N2,排除装置中空气，防止Fe"被氧化，故B说法正确；C残留固体加稀硫酸溶解，再滴加 KSCNB液，溶液变红说明溶液中含有 Fe3+,反之不含有，故CNaOH溶液说法正确；D、SONaOH溶液的洗气瓶，故D说法正确。12.又Y、Z、W是原子序数依次增大的短周期主族元素，其中 Y、W主族，W的最外层电子数为Z的2倍，mrn分别是X、Y与W形成的化合物，mrn有如图所示的转化关系，p为常见的液态化物，q是W的单质。下列说法不正确的是加［广演3?色氏诅1•rVrf=\ 口」UpA.原子半径：Z>W>Y>XB.简单氢化物的稳定性：Y>Wmrn、p均为只含极性键的共价化合物Z、W形成的化合物可由两种盐溶液通过复分解反应制得【答案】D【解析】由以上分析可以知道X为HY为QZ为Al、W为S元素,m、n分别是H2S、SO,p为hkO,q为S,A.一般来说，原子核外电子层数越多，原子半径越大，同周期元素从左到右原子半径逐渐减小 ，则:Z>W>Y>X所以A选项是正确的；B.非金属性。>,,元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，所以B选项是正确的；C.mrn分别是"、 ？，p为工，均为只含极性键的共价化合物，所以C选项是正确的；D.Z为Al、W为S元素，铝离子和硫离子发生互促水解反应 ，不能通过复分解反应生成，故D错误.所以D选项是正确的.点睛：抓住物质的特性进行判断。 p为常见的液态化合物，应为HO,q是W的单质，且为淡黄色固体，应为S,Y、W同主族，则Y为O元素,X为H元素,W的最外层电子数为Z的2倍，则Z的最外层电子数为3,应为Al,结合对应单质、化合物的性质以及元素周期率解答该题。-1.13.常温下，取浓度均为0.1mol/L的HX溶放和ROH容放各20mL分另U用0.1mol/LNaOH溶放、0.1mol-L盐酸进行滴定。滴定过程中溶液的 pH随滴加溶液的体积变化关系如图所示。下列说法正确的是0 10203040 ■或％立A.HX为强酸，ROH为弱碱B.滴定前，ROH溶液中存在c(ROH)>c(OH-)>c(R+)>c(H+)C.曲线n:滴定至V=10mL时存在2c(OH-)-c(H+尸c(HX)-c(X—)D.滴定至V=40mL的过程中，两种溶液中由水电离出的 c(H+)•c(OH-)不变【答案】B【解析】常温下，0.1mol/L的HX溶液的PH=3,0.1mol/L的ROH§?夜PH=11所以HX为弱酸、ROH^J弱碱，故A错误；根据电荷守巴滴定前， ROH§液中存在c(ROH)>c(OH)>c(R+)>c(H+),故B正确；曲线H是用氢氧化钠溶于滴定 HX,滴定至V=10mL时，溶质是等浓度的 HX、NaX,根据物料守恒和电荷守恒，存在2c(OH-)-2c(H+尸c(HX)-c(X-),故C错误；滴定至V=40mL的过程中盐酸、氢氧化钠均过量，两种溶液中由水电离出的c(H+)•c(OH-)先增大后减小，故D错误。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14.某同学在研究光电效应时测得不同光照射到同一光电管时得到的光电流与电压的关系图象如图所示。则下列有关说法中正确的是A光线1、3为同一色光，光线3的光强更强B.光线1、2为同一色光，光线1的光强更强C.光线1、2为不同色光，光线2的频率较大D.保持光线1的强度不变，光电流强度将随加速电压的增大一直增大【答案】C【解析】由图象可知，光线1和光线3的遏止电压相同，所以它们是同一色光，相同电压时，光线 1对应的光电流更大，说明单位时间内照射的光电子数更多，即光线 1更强，A错误；光线1和光线2的遏止电压不同，1cle所以匕们是不同色光，B错反；由于光线2的遏止电压较大，由eUc=—mvl、一mvm=W-W可知，光2 2线2的频率较大，C正确；由图可知，在光照条件不变的情况下，随着所加电压的增大，光电流趋于一个饱和值(饱和电流)，D错误；故选C.15.如图所示为a、b、c三个质点运动的速度一时间图象(v-t图象)，若三质点同时从同一位置出发则关于三个质点的运动，下列说法中正确的是Ati时刻a、b两质点的速度大小相等、方向和反ti时刻后，质点b位于a、c的前面C.。〜t1时间内，a位于b、c两质点的前面D.。〜t1时间内，a、b两质点间的距离在不断减小【答案】O【解析】A、A时刻小白两图象对应的速度相等且均为正值，表示运动方向均为正方向'A错误。E、C、三质点从同一地点出发，”时所围的面积表示位移：可得口在最前,其次是比最后是错误，C正确。D、始有时间内』可读出吗』则小A之间的距离不断增大』D错误◎故选C。¥【点睛】利用匀变速直线运动图象分析追击与相遇，要注意明确图象的性质，图象的正负表示运动方向，图象的斜率表示加速度，能根据图象的面积求解位移."16.列车在空载情况下以恒定功率P经过一段平直的路段，通过某点时速率为 v,加速度为ai；当列车满载货物再次经过同一点时，功率和速率均与原来相同，但加速度变为 a2.重力加速度大小为g.设阻力是列车重力的k倍，则列车满载与空载时的质量之比为Akg=2B kg+aikgai kga2cPkga2cPkgaiD.vkgai vkga2【答案】B【解析】设空载时质量为m,则列车的牵引力为F=P,由牛顿第二定律得：F-kmg=mai；满载时质量为m2,v由牛顿第二定律得：F—kmg=m%,联立解得：四2=随上曳，B正确.mikga2i7.图甲所示为一发电机的原理图，发电机产生的交变电流接图乙中理想变压器的原线圈。已知变压器原、副线圈的匝数之比为22:i,发电机输出电压u随时间t变化的规律如图丙所示，发电机线圈电阻忽略不计，则()

,0,0A电阻两端电压的瞬时值表达式为 u=10sin50nt(V)B.电压表示数为10VC.若仅使发电机线圈的转速增大一倍，则变压器副线圈输出电压的频率增大一倍，而电压表示数不变D.若仅使电阻R增加，则电流表示数不变【解析】A:由题图丙知：原线圈电压的最大值Uim=311V，原线圈电压有效值Ui=U2=220V，周期【解析】A:由题图丙知：原线圈电压的最大值■,2 故频率f=7=25Hz；由Ui:U2=n1：1知，副线圈电压的有效值U2=10V,最大值U2m=14V。故A项错误，B项正确；C：若仅使发电机线圈的转速n增大一倍，则角速度w增大一倍，根据Em=NBS^可知，变压器原线圈输入电压的频率和最大值都增大一倍。原副线圈中电流的频率相等，变压器副线圈输出电压的频率增大一倍；由U1:U2=n：1知，副线圈输出电压增大一倍，电压表读数增大一倍。故 C项错误。D＞仅使电阻增加，原线圈两端的电压和原副线圈匝数比不变，则副线圈输出电压不变，副线圈中电流减小；原副线圈匝数比不变，则原线圈中电流也减小，电流表示数减小。故 D项错误。点睛：涉及变压器动态分析类问题时要注意原线圈两端的电压和原副线圈匝数比决定副线圈两端电压；副线圈的电流和原副线圈匝数比决定原线圈中电流。一无限大接地导体板MNttT面放有一点电荷+Q它们在周围产生的电场可看作是在没有导体板 MN^在的情况下，由点电荷+Q与其像电荷-Q共同激发产生的。像电荷-Q的位置就是把导体板当作平面镜时，电荷 +Q在此镜中的像点位置。如图所示，已知+Q所在位置P点到金属板MN勺距离为L,a为OP的中点，abcd是边长为L的正方形，其中ab边平行于MN则E=k3k?产E=k3k?产（L/2） （3L/2） 9LAa点的电场强度大小为E=4k—L2a点的电场强度大小大于b点的电场强度大小，a点的电势高于b点的电势b点的电场强度和c点的电场强度相同一正点电荷从a点经b、c运动到d点的过程中电势能的变化量为零【答案】B【解析】由题意可知，周围空间电场与等量异种点电荷产生的电场等效，所以a点的电场强度A错误；等量异种点电荷周围的电场线和等势面分布如图所示由图可知Ea〉Eb,平aA平b,B正确；图中b、c两点的场强大小相等，方向不同， C错误；由于a点的电势大于d点的电势，所以一正点电荷从 a点经b、c运动到d点的过程中电场力做正功，电荷的电势能减小，D错误；故选B.19.从国家海洋局获悉，2018年我国将发射3颗海洋卫星，它们将在地球上方约 500km高度的轨道上运行。该轨道经过地球两极上空，所以又称为极轨道（图中虚线所示） 。由于该卫星轨道平面绕地球自转轴旋转，且旋转方向和角速度与地球绕太阳公转的方向和角速度相同，则这种卫星轨道叫太阳同步轨道。下列说法中正确的是A海洋卫星的轨道平面与地球同步轨道平面垂直B.海洋卫星绕地球运动的周期一定小于 24hC.海洋卫星的动能一定大于地球同步卫星的动能D.海洋卫星绕地球运动的半径的三次方与周期二次方的比等于地球绕太阳运动的半径的三次方与周期二次

方的比【答案】AB【解析】海洋卫星经过地球两极上空，而地球的同步卫星轨道在地球赤道平面内，所以两轨道平面相互垂直,正确；海洋卫星的高度小于地球同步卫星的高度，由GM2=m2」r可知，半径越小，周期越小，所以

r2T正确；海洋卫星的高度小于地球同步卫星的高度，由海洋卫星的周期小于地球同步卫星的周期，即小于2Mmv海洋卫星的周期小于地球同步卫星的周期，即小于2Mmv24h,B正确；由G—2-=m—,rr星的轨道半径越大，速度越小，由于两卫星的质量关系未知，所以无法比较两者的动能， C错误；行星的轨道半径的三次方与周期二次方的比值与中心天体有关，由于海洋卫星绕地球转动，而地球绕太阳转动，所以两者的比值不同，D错误；故选AB.20.如图所示，在光滑水平面上放置质量分别为 2m的A、B和质量为m的C、D四个木块，其中A、B两木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的动摩擦因数是 N。现用水平拉力F拉其中白^木块D,则（ ）A当F=Nmg时，D的加速度为NgB.当F=2Nmg时，D的加速度为NgC.当F=3Nmg时，C的加速度为2kg5D.当F