XX省庆阳市宁县届高三物理上学期期末联考试卷含解析

XX省庆阳市宁县届高三物理上学期期末联考试卷含分析XX省庆阳市宁县届高三物理上学期期末联考试卷含分析PAGEXX省庆阳市宁县届高三物理上学期期末联考试卷含分析甘肃省宁县2019届高三上学期期末联考物理试卷一、选择题1.从手中竖直向上抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回得手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短。若不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则以下能够描绘小球从抛出到落回手中整个过程运动规律的图象是（）A.B.C.D.【答案】C【分析】试题分析：小球先减速上涨，忽然反向后加快下降，速度时间图象反应了各个不一样样时辰小球的速度状况，依据实质状况作图即可．解：小球先减速上涨，忽然反向后加快下降；设竖直向上的方向为正方向，速度的正负表示方向，不表示大小；故速度v先是正当，不停减小，忽然变为负值，且绝对值不停变大；应选C．【谈论】速度时间图象形象直观地反应了物体速度随时间的变化状况，速度的正负表示方向，绝对值表示大小．【此处有视频，请去附件查察】2.国庆时期，京津冀地域均匀PM2.5浓度保持在250μg/m3左右，出现严重污染．已知汽车在京津高速上行驶限速120km/h，因为雾霾的影响，某人开车在此段高速公路上行驶时，能见度（察看者与能看见的最远目标间的距离）为50m，该人的反应时间为0.5s，汽车刹车时能产生的最大加快度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是（）A.10m/sB.20m/sC.15m/sD.25m/s【答案】B【分析】【分析】汽车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，联合两段过程的位移之和求出汽车的最大速度；【详解】设汽车行驶的最大速度为v，依据题意则有：，即，解得，（不符合题意舍去），故B正确，A、C、D错误；应选B。【点睛】重点知道汽车在反应时间内和刹车后的运动规律，联合运动学公式灵巧求解。3.一木块放在水平桌面上，在水平方向共遇到三个力即F1、F2和摩擦力的作用，木块处于静止状态，以以下图，此中F1＝10N，F2＝2N，若撤去F1，则木块遇到的摩擦力为()A.10N，方向向左B.6N，方向向右C.2N，方向向右D.0【答案】C【分析】试题分析：木块开始在水平方向受三个力而均衡，则有f=F1-F2=8-1=7N；物体处于静止状态，则说明物体遇到的最大静摩擦力大于7N；撤去F1后，外力为1N，故物体还能够处于均衡，木块遇到的摩擦力为1N，方向与F2方向相反，即向右；应选C．考点：物体的均衡；摩擦力【名师点睛】本题是初学摩擦力的同学易错的一个题目，解答本题应正确理解静摩擦力的定义，并能依据受力分析得专心之间的关系。4.质量为0.2kg的球竖直向下以6m/s的速度落至水平川面，再以4m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，对于球动量变化量Δp和合外力对小球做的功W，以下说法正确的选项是()A.Δp＝2kg·m/sW＝－2JB.Δp＝－2kg·m/sW＝2JC.Δp＝0.4kg·m/sW＝－2JD.Δp＝－0.4kg·m/sW＝2J【答案】A【分析】取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=mv2-mv1=0.2×4-0.2×（-6）=2kg•m/s，方向竖直向上．由动能定理可知，合外力做功：W=mv22-mv12=×0.2×42-×0.2×62=-2J；应选A．点睛：本题中动量是矢量，要规定正方向，用带正负呈的数值表示动量．动量变化量也是矢量，相同要注意方向．应用动能定理能够求出合外力做的功．5.以以下图，已知电源电动势为6V，内阻为1Ω，保护电阻R0＝0.5Ω，则当电阻箱R读数为多少时，保护电阻R0耗费的电功率最大，且这个最大值为：()A.1Ω;4WB.1Ω;8WC.0;8WD.0.5Ω;8W【答案】C【分析】【分析】电功率的计算公式为，当经过保护电阻的电流最大时功率最大；【详解】保护电阻耗费的功率为：，当电阻箱的阻值为零时，保护电阻耗费的功率最大，则有：，故C正确，A、B、D错误；应选C。【点睛】重点是掌握电功率的计算公式。6.带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，以以下图，则从a到b过程中，以下说法正确的选项是()A.粒子带负电荷B.粒子先加快后减速C.粒子加快度向来增大D.粒子的机械能先减小后增大【答案】D【分析】【详解】A、粒子遇到的电场力沿电场线并指向轨迹的凹侧方向,故粒子带正电,故A错误;

B、粒子受电场力方向沿电场线并指向轨迹的凹侧,所以先向左减速运动后向右加快运动,故B错误.

C、依据电场线的疏密知道场强先小后大,故加快度先小后大，故C错；D、从a点到b点,电场力先做负功,再做正功,所以机械能向减小后增大，故D对；应选D【点睛】做曲线运动的物体所受的协力大概指向轨迹凹的向来,依据此可判断出电场力的方向以及电场力的做功状况,依据电场力做功可判断出机械能的变化，粒子的加快度可经过比较协力(电场力)进行比较.7.2008年9月我国成功实行了“神舟七号”载人航天遨游并初次实现了航天员出舱．飞船沿椭圆轨道1遨游，后在远地址343km处的P点加快，由椭圆轨道1变为高度343km的圆轨道2，在此圆轨道2上遨游运转周期约为90min，以下判断正确的选项是()A.飞船在圆轨道上运转时航天员出舱前后都是处于失重状态B.飞船在此圆轨道上运动的线速度大于同步卫星运动的线速度C.飞船变轨前后经过椭圆轨道远地址P时的加快度相等D.飞船变轨前的机械能大于变轨后的机械能【答案】ABC【分析】【分析】飞船在圆轨道上运转时，航天员处于完满失重状态；依据万有引力供给向心力得出周期、线速度与轨道半径的关系，经过周期的大小得出轨道半径的大小，进而得出线速度的大小；依据飞船变轨前后所受的万有引力，依据牛顿第二定律比较加快度的大小；飞船变轨时加快，机械能增大；【详解】A、飞船在圆轨道上运转，航天员处于完满失重状态，故A正确；B、同步卫星的周期为24h，大于飞船在轨道2上的周期，依据，则有：，，知同步卫星的周期大，则同步卫星轨道半径大，所以同步卫星线速度小，故B正确；C、飞船在轨道1、2上运转经过P点，万有引力相同，则加快度相同，故C正确；D、飞船由轨道1到轨道2，需要在P点加快，所以变轨后的机械能大，故D错误；应选ABC。【点睛】重点掌握卫星变轨的原理，当万有引力不够供给向心力，做离心运动，当万有引力大于向心力，做近心运动。8.以以下图，传达带以v的速度匀速运动．将质量为m的物体无初速度放在传达带上的A端，物体将被传达带带到B端．已知物体抵达B端以前已和传达带相对静止，则以下说法正确的选项是()A.传达带对物体做功为mv2B.传达带战胜摩擦做功mv2C.电动机因为传达物体多耗费的能量为mv2D.在传达物体过程中产生的热量为mv2【答案】BC【分析】【分析】电动机多耗费的电能转变为内能和物体的动能，依据功能关系分析电动机多做的功；依据运动学公式求出物体与传达带相对运动时，传达带的位移与物体位移的关系，得出传达带战胜摩擦力做的功；【详解】A、物体受重力支持力和摩擦力，依据动能定理传达带对物体做的功等于物体的动能的增添量，即传达带对物体做功为，故A错误；BD、在传达物体过程产生的热量等于滑动摩擦力与相对行程的乘积，即，设加快时间为t，物体的位移为，传达带的位移为；依据动能定理有：，故热量，传达带战胜摩擦做功：，故B正确，D错误；C、电动机因为传达物体多耗费的能量等于物体动能增添量和摩擦产生的内能之和，故等于，故C正确；应选BC。【点睛】重点在于要懂得物体在匀加快运动过程，电动机要增添功率，多耗费电能，运用功能关系和牛顿定律、运动学公式进行分析；9.对于电场强度的表达，正确的选项是()A.沿着电场线的方向，场强愈来愈小B.电场中某点的场兴盛小等于单位电荷量的电荷在该点所受的电场力大小C.电势下降的方向就是场强的方向D.负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大【答案】BD【分析】【分析】电场强度是描绘电场强弱和方向的物理量，其定义式为，电场线越密的地方，电场强度越强；电势下降最快的方向就是场强的方向；点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大。【详解】A、沿着电场线的方向，电势愈来愈小，而电场强度依据疏密才能确立，故A错误；B、依据电场定义式可知电场中某点的场兴盛小等于单位电荷量的电荷在该点所受的电场力大小，故B正确；C、电势下降最快的方向为电场强度的方向，故C错误；D、负点电荷形成的电场，由公式可知离点电荷越近，电场强度越大，故D正确；应选BD。【点睛】重点要理解并掌握场强的两个公式和，电势下降最快的方向就是场强的方向。10.以以下图，电源电动势为E，内电阻为r，理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为ΔU1和ΔU2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为ΔI。在滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中(灯泡电阻不变化)()A.小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B.ΔU1＞ΔU2C.ΔU1/ΔI增大D.ΔU2/ΔI不变【答案】BD【分析】当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮．变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A错误．由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，因为路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以△U1＞△U2．故B正确．由U1=E-I（RL2+r）得：，不变，故C错误．=R2，不变，D正确．应选BD．点睛：本题是电路动向变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析．运用总量法分析两电压表读数变化量的大小．运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变化，这是常用的方法．二、实验题11.如图为考证机械能守恒定律的实验装置表示图。现有的器械为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平。回答以下问题。(1)为达成此实验，除了所给的器械，还需要的器械有________。(填入正确选项前的字母)A．米尺B．秒表C．4～6V的直流电源D．4～6V的沟通电源(2)利用这个装置也能够丈量重锤着落的加快度a的数值。依据打出的纸带，采纳纸带上连续的五个点A、B、C、D、E，测出各点之间的距离以以下图。使用沟通电的频次为f，则计算重锤着落的加快度的表达式a＝________。(用x1、x2、x3、x4及f表示)【答案】(1).AD;(2).;【分析】【分析】依据实验的原理确立实验的器械，依据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加快度的表达式；【详解】解：(1)电磁打点计时器需接4−6V的沟通电源，以及需要用米尺丈量距离，故A、D正确，B、C错误；应选AD。(2)依据逐差法例有：，，联立解得：，所以重锤着落的加快度的表达式：12.为了丈量某待测电阻Rx的阻值(约为30Ω)，有以下一些器械可供选择。电流表A1(量程0～50mA，内阻约10Ω)；电流表A2(量程0～3A，内阻约0.12Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻很大)；电压表V2(量程0～15V，内阻很大)；电源E(电动势约为3V，内阻约为0.2Ω)；定值电阻R(20Ω，赞成最大电流1.0A)；滑动变阻器R1(0～10Ω，赞成最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(0～1kΩ，赞成最大电流0.5A)；单刀单掷开关S一个，导线若干。(1)电流表应选________，电压表应选________，滑动变阻器应选________。(填字母代号)(2)请在下边的虚线框内画出丈量电阻Rx的实验电路图_____。(要求所丈量范围尽可能大)(3)某次丈量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx＝________。【答案】(1).A1;(2).V1;(3).R1;(4).(5).;【分析】【分析】依据已知电源可知最高电压，依据安全性原则可选择电压表，由欧姆定律求出最大电流，即可选出电流表；由题意可知电路的接法，可选择滑动变阻器；由要求可知应采纳分压接法，依据题意分析可知电流表及电压表的接法，同时可得出定值电阻的使用；由欧姆定律可求得总电阻，再由串联电路的电阻规律可求得待测电阻；【详解】解：(1)由题意可知，电源电压为3V，故电压表只好采纳0∼3V，不可以够采纳最大批程为15V的电压表，电压表采纳V1；而因为待测电阻为30Ω，则电路中电流最大为，故不可以够采纳最大批程为3A的电流表，只好采纳电流表A1(量程0～50mA)，故电流表只好采纳A1；而由题意（要求所丈量范围尽可能大）可知，电路应采纳分压接法，故滑动变阻器应采纳较小的电阻，故滑动变阻器采纳R1；(2)因题目要求所丈量的值的变化范围尽可能大一些，故可知应采纳滑动变阻器分压接法；因为电流表量程只有0∼50mA，若只招待测电阻，电路中电流过大破坏电流表，故可将定值电阻接入与待测电阻串联；因为电压表的内阻很大，则有，故电压表分流较小，故应采纳电流表外接法；故电路以以以下图所示：(3)由欧姆定律可知，解得三、计算题13.所受重力G1＝8N的物块悬挂在绳PA和PB的结点上。PA偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2＝100N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，以以下图，试求：(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加快度g取10m/s2)(1)木块与斜面间的摩擦力大小；(2)木块所受斜面的弹力大小。【答案】(1)64.8N(2)76.4N【分析】【分析】先以结点P为研究对象，分析受力状况，由均衡条件求出BP绳的拉力大小，再以G2为研究对象，分析受力，作专心求，依据均衡条件求解斜面对木块的摩擦力和弹力；【详解】解：以以下图分析P点受力可解得再分析G2的受力状况以以下图由物体的均衡条件可得：联立解得：，14.一束电子流在经U0=5000V的加快电场由静止加快后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，以以下图．若两板间距d=1×10﹣3m，板长L=5×10﹣3m，那么，（1）电子走开加快电场时速度v0多大？（结果用字母e、U0、m表示）（2）要使电子恰好从平行板间边缘飞出，两个极板上应加多大电压？（能够获得详细数值）【答案】(1)(2)400V【分析】【分析】依据动能定理求出电子走开加快电场时的速度；依据牛顿第二定律和运动学公式求出偏转位移的表达式，得出偏转位移与极板电压的关系求出所加的电压大小；【详解】解：(1)在加快电场中，依据动能定