2023届广西桂林市、防城港市联合调研高二物理第二学期期末学业质量监测模拟试题（含解析）

2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2018年6月5日21时07分，我国风云二号H星在西昌卫星发射中心用长征三号甲运载火箭成功发射，随后风云二号H星顺利进入预定地球静止轨道做匀速圆周运动。已知地球静止轨道离地面的高度为36000km，地球半径R＝6400km，则下列说法中正确的是（）A．可以计算风云二号H星的线速度B．可以计算风云二号H星的动能C．可以计算风云二号H星的机械能D．可以计算风云二号H星的质量2、下列四种明暗相间的条纹，分别是红光、蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器和同一单缝衍射仪器形成的图样（灰黑色部分表示亮纹；保持缝到屏距离不变）．其中属于蓝光的衍射图样的是（）A． B． C． D．3、对原子的认识，错误的是A．原子由原子核和核外电子组成B．原子核的质量就是原子的质量C．原子核的电荷数就是核中的质子数D．原子序数等于核电荷与电子电荷大小的比值4、如图所示，有两个质量相同的小球A和B(大小不计)，A球用细绳吊起，细绳长度等于悬点距地面的高度，B球静止放于悬点正下方的地面上．现将A球拉到距地面高度为h处由静止释放，摆动到最低点与B球碰撞后粘在一起共同上摆，则它们升起的最大高度为()A．0.5h B．h C．0.25h D．2h5、如图为理想变压器,其原、副线圈的匝数比为2:1,原线圈接有交流电压u=220sin100tV;图中电压表和电流表均为理想交流电表,Rt为负温度系数的热敏电阻(即当温度升高时,阻值减小),R1为定值电阻,C为电容器.下列说法正确的是(

)A．电压表示数是110VB．交流电的频率为100HzC．通过R1的电流始终为零D．当Rt处温度升高时,电压表示数不变,电流表示数变大6、下列成语中形容速度大的是（）A．电光石火 B．一步之遥C．姗姗来迟 D．风驰电掣二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，电动势为E、内阻为r，定值电阻为R1、R2，滑动变阻器为R.当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法中正确的是()A．电压表的读数变小 B．电压表的读数变大C．电流表的读数变小 D．电流表的读数变大8、平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路，闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷，要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是（A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变9、如图所示远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1．在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I2．则（）A．用户端的电压为B．理想变压器的输入功率为C．输电线路上损失的电功率为D．当用户消耗的功率增大时，输电效率将下降10、如图所示，水平轨道AB和倾斜轨道BC平滑对接于B点，整个轨道固定。现某物块以初速度v0从A位置向右运动，恰好到达倾斜轨道C处（物块可视为质点，且不计物块经过B点时的能量损失）。物体在水平面上的平均速度为v1，在BC斜面上平均速度为v1，且v1=4v1．物体在AB处的动摩擦因素为μ1，在BC处的动摩擦因素为μ1，且μ1=6μ1。已知AB=6BC，θ=37°，根据上述信息，下面说法正确的是（）A．物体经过B处的速度大小为vB．在AB、BC运动时间之比为tAB∶tBC=1∶3C．物体与BC间的动摩擦因素μ1=6D．物体到达C处之后，不能保持静止状态三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在“用电压表、电流表测电源的电动势和内电阻”的实验中，测得4组U、I数据，并在U-I坐标平面上标出相应的坐标点，如图所示．（1）图中标出了ABCD四组数据的对应点坐标，由U-I图线的特性可以判断______组数据是错误的．（2）请根据正确数据在U-I坐标平面上画出U-I图线．根据图线求出电源的电动势E＝______V，内电阻＝_______Ω．（3）在此电源上外接一个电阻作为负载，当该电阻值＝____________Ω时，电源的输出功率达到最大值，且Pmax＝_________W．12．（12分）某一元件的电阻值约为12Ω，为描绘该元件的U﹣I图象，提供了如下器材：A．电压表（量程3V，内阻约3kΩ）B．电流表（量程是0.6A，内阻约0.5Ω）C．电流表（量程是3A，内阻约0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）E．滑动变阻器R2（0～1000Ω，1A）F．电源（电动势约为6V，内阻很小）G．开关S及导线若干（1）在供选择的器材中，电流表应选择_____，滑动变阻器应选择_____．（填字母代号）（2）设计合适的电路，在答题纸的线框内画出实验电路图_____．（3）如图中I、II图线，其中一条为元件真实的U﹣I图线，另一条是本次实验中测得的U﹣I图线，其中_____是本次实验中测得的图线．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，竖直平面内有半径R=0.8m的四分之一光滑圆弧轨道与长CD=2.0m的绝缘水平面平滑连接。水平面右侧空间存在互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度E=40N/C，方向竖直向上，磁场的磁感应强度B=1.0T，方向垂直纸面向外。两个质量均为m=2.0×10－6kg的小球a和b，a球不带电，b球带q=1.0×10－6C的正电，并静止于水平面右边缘处。将a球从圆弧轨道顶端由静止释放，运动到D点与b球发生正碰，碰撞时间极短，碰后两球粘合成一体飞入复合场中，最后落在地面上的P点。已知小球a在水平面上运动时所受的摩擦阻力f=0.1mg，DP=2DN，取g=10m/s2.a、b均可作为质点。（结果保留三位有效数字）求：（1）小球在C点对轨道的压力大小；（2）小球a与b相碰后瞬间速度的大小v；（3）水平面离地面的高度h．14．（16分）在水平面有一个导热气缸，如图甲所示，活塞与气缸之间密封了一定质量的理想气体，不计活塞与气缸间的摩擦。最初密封气体的温度为23，气柱长10cm；给气体加热后，气柱长变为12cm。已知气缸内截面积为0.001m2，大气压P0=1.0105Pa，g取10m/s2。（1）求加热后气体的温度；（2）若保持加热后气体温度不变，将气缸直立后（如图乙所示）气柱长度变为8cm，求活塞质量。15．（12分）一长木板在水平地面上运动，从木板经过A点时开始计时，在t=1.0s时将一相对于地面静止的小物块轻放到木板上，此后木板运动的v﹣t图线如图所示．己知木板质量为物块质量的2倍，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）物块与木板间的动摩擦因数μ1及木板与地面间的动摩擦因数μ2；（2）木板离A点的最终距离；（3）木板的最小长度．

2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【答案解析】

A、已知风云二号H星的周期为T=24h，轨道半径为r=R+h，据线速度v=2π(R+h)T，可以根据题设条件求出H星的线速度，故AB、因为不知道H星的质量，故无法由Ek=12mv2求得风云二号H星的动能，故BC、由B知不能求得风云二号H星的动能，也不能求得其重力势能，故无法求得其机械能，故C错误。D、风云二号H星是环绕地球静止轨道运动，故无法根据万有引力提供圆周运动向心力求得其环绕地球运动的质量，故D错误。2、B【答案解析】

双缝干涉的图样是明暗相间的干涉条纹，所有条纹宽度相同且等间距，所以A、C选项中的图样为干涉图样，单缝衍射条件是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，红光的波长大于蓝光的波长，所以B项为蓝光的衍射图样，故B正确．3、B【答案解析】

A．原子由原子核和核外电子组成，故A正确；B．原子核的质量与电子的质量和就是原子的质量，故B错误；C．原子核的电荷数就是核中的质子数，故C正确；D．原子序数等于核电荷与电子电荷大小的比值，故D正确．本题选错误的，故选B．4、C【答案解析】

设小球的质量都是m，A球下摆过程中机械能守恒，有机械能守鹤定律得：mgh=解得：v=两球碰撞过程中系统动量守恒，以A球的初速度方向为正方向，有动量守恒定律得：mv=(m+m)解得：v两球一起向上摆的过程中机械能守恒，得：2mg解得：hC符合题意。5、D【答案解析】

由知原线圈的电压的最大值为220V，有效值为，，解得:，电压表示数是有效值即为U2，故A错误；由，得f=50Hz，故B错误；当电路接通时，电容器在充电的过程中，充电电流经过R1，此时通过R1的电流不为零，故C错误；当Rt处温度升高时，其阻值减小，但两端的电压始终为副线圈两端的电压即电压不变，由知，电流增大，故D正确．故选D．6、D【答案解析】

电光石火形容事物像闪电和石火一样一瞬间就消逝，是指时间短暂，与速度无关，选项A错误；一步之遥是指距离较短，与速度无关，选项B错误；姗姗来迟，形容行动缓慢，选项C错误；风驰电掣形容速度很大，故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【答案解析】试题分析：当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流减小，路端电压增大，则电压表的读数变大．R1的电压减小，则图中并联部分电路的电压增大，则电流表的读数变大；故选BD．考点：电路的动态分析.【名师点睛】本题是关于动态电路的分析；解题时先分析变阻器接入电路电阻的变化，再分析外电路总电阻的变化，路端电压的变化，根据串联电路的特点分析并联部分电压的变化，是电路动态分析问题常用的分析思路.8、BD【答案解析】

A、电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则：当R1减小或R2增大时，电容器的电压增大，电量增加，故A错误，B正确；C、电路稳定后，电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关，故C错误；D、只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增加，故D正确；故选BD。9、AD【答案解析】

由于输电线与用户间连有一理想变压器，设用户端的电压是，则，得，A正确；理想变压器的输入功率为线路上消耗的电功率与用户消耗功率之和，故为，B错误；发电厂的输出电压是U，末端间的电压为U1，输电线路上损失的电功率是：I1（U-U1），故C错误；当用户消耗的功率增大时，用户端的电流增大，根据可知输送电线上的电流增大，电厂的输出功率增大，则：，发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大；输电效率随着发电厂输出功率的增大而减小，故D正确。故选AD。【答案点睛】正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．10、ACD【答案解析】

A．设物体在B点的速度为v，由题意可知物体在AB段与BC段做加速度不同的匀减速运动，由匀变速直线运动的推论公式得：v1=v0+v2，v1=v2，由题意有：v1=4v1，,所以得物体在B点的速度为：v=B．物体在AB段的运动时间为：tAB=ABv1，在BC段的运动时间为：tBC=BCv2，由题意有：v1=4v1，AB=6BC，所以在AB、BC运动时间之比为tAB∶tBC=3∶C．根据牛顿第二定律可得，物体在AB段的加速度大小为：a1=μ1g，物体在BC段的加速度大小为：a1=gsin37°+μ1gcos37°，又根据速度时间关系可得两段过程的加速度大小分别为：a1=v0-v03tAB=2v03tAB，a1=v03tBC，结合前面的分析，可得两段过程的加速度大小之比为a1∶a1=4D．由于μ1=637＜tan37°=34，可知物体到达C处之后，不能保持静止状态，故三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C3V0.5Ω0.5Ω4.5W【答案解析】

(1)[1]根据公式可知，U-I图象为直线，ABCD四点应拟合成一条直线，由描点可知，C点偏离直线最远，故C组数据是错误的；(2)[2][3]根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：由图示图象可知，将直线延长与纵轴相交，电源U-I图象与纵轴交点坐标系为3V，则电动势为3V，电源内阻：；(3)[4][5]当外电阻内电源内阻相等时电源输出功率最大，所以:R=0.5【点晴】本题考查了测量电源电动势与内阻实验，掌握描点法作图的方法即可正确解题，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握．12、BDII【答案解析】(1)器材中电源电动势约为6V，元件的电阻值约为12Ω，则电路中电流约为,故电流表量程选0.6A即可，电流表选B；描绘元件的U﹣I图象，电压和电流要从0开始测量，因此电路中滑动变阻器采用分压接法，为了便以调节滑动变阻器要选用最大阻值较小的，故滑动变阻器选D；(2)电压表内阻约3kΩ，电流表内阻约0.5Ω，而元件的电阻约为12Ω，则电压表的内阻远大于元件的电阻，所以电流表采用外接法，又滑动变阻器采用分压式接法，画出实验电路图如图所示(3)实验过程中，由于电压表的分流，会导致电流表的测量值比真实值偏大，根据可知，元件电阻测量值应小于真实值，所以II应是本次实验中测得的图线．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【答案解析】

（1）对小球由a到C小球在C点解得：FN=3mg=6.0×10－5N根据牛顿第三定律得：小球在C点对轨道的压力大小FN＇=FN=6.0×10－5N。（2）设a球到D点时的速度为vD，从释放至D点，根据动能定理：对a、b球，碰撞过程动量守恒，则mvD=2mv解得v=1.73m/s。（3）两球进入复合场后，由计算可知Eq=2mg两球在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动轨迹示意图如图所示洛仑兹力提供向心力解得：r=6.92m，由DP=2DN，依图由几何知识可知：∠NDP=60，△ODP为等边三角形，则：r=2h解得h=3.46m14、（1）355.2K；（2）5kg【答案解析】

（1）加热过程气体做等压变化：=加热后气体的温度T2=T1=(273+23)K=355.2K（2）将气缸直立后，气体等温变化：P2V2=P3V3其中P2=P0，P3S=P0S+mg，V2=1210-20.001m2，V3=810-20.001m2代入数据解得：活塞质