广西河池市2022年中考物理试题真题(含答案+解析)_第1页
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广西河池市2022年中考物理试卷一、单选题1.(2022•河池)下列有关声现象的说法正确的是( )A.低声细语是指音调低 B.响度与振动频率有关C.声音的传播需要介质 D.超声波不能传递能量【答案】C【知识点】声音的传播条件;音调及音调与频率的关系;响度及响度与振幅的关系【解析】【解答】A.低声细语指小声说话,是指响度小,A不符合题意;B.响度与振动幅度有关,音调与振动频率有关,B不符合题意;C.声音不能在真空中传播,声音的传播需要介质,C符合题意;D.超声波既能传递信息,又能传递能量,D不符合题意。故答案为:Co【分析】声音的传播需要介质,真空不能传声;响度与振动幅度有关。【答案】A【知识点】光的直线传播及其应用【解析】【解答】A.图中所示的光学现象是小孔成像,小孔成像是利用光的直线传播原理形成的倒立的实像,A符合题意;B.图中所示的光学现象是利用凸透镜矫正远视眼,是光的折射现象,B不符合题意;C.白光通过三棱镜被分解成七种色光,是光的色散现象,属于光的折射,C不符合题意;D.平行光线射到凹凸不平的物体表面发生漫反射,是光的反射现象,D不符合题意。故答案为:A。【分析】小孔成像是原理是光沿直线传播形成的;人眼看物体、色散现象是折射现象:漫反射属于反射现象。(2022•河池)下列关于物态变化的描述正确的是( )A.雨的形成是升华现象 B.霜的形成是凝固现象C.露的形成是液化现象 D.雪的形成是汽化现象【答案】C【知识点】液化及液化放热;凝华及凝华放热【解析】【解答】A.雨主要是云层中的水蒸气遇冷液化形成的,A不符合题意;B.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶,B不符合题意;C.露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠,C符合题意;D.雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶,D不符合题意。故答案为:Co【分析】雪、霜是凝华形成的,露是液化形成的。(2022•河池)2022北京冬奥会颁奖礼仪服的内胆添加“神秘材料”——石墨烯,只要衣服某一处加热,石墨烯复合材料就能把热量均匀传递到全身,薄薄一层,就能抵御-30℃的低温。由此可知,石墨烯具有很好的( )A.延展性 B.导热性 C.磁性 D.弹性【答案】B【知识点】纳米材料及其应用【解析】【解答】根据题意知道“只要衣服某一处加热,石墨烯复合材料就能把热量均匀传递到全身”,说明石墨烯具有良好的导热性,B符合题意。故答案为:Bo【分析】容易传递热量的物体,导热性强。(2022•河池)下列关于力的说法正确的是( )A.所有杠杆都是省力杠杆B.物体的重心一定在物体上C.力的作用点不会影响力的作用效果D.在弹性限度内,弹簧的伸长量跟其所受的拉力大小成正比【答案】D【知识点】力的三要素及力的示意图;弹力;重心;杠杆的分类【解析】【解答】A.动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆,动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆,动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆,A不符合题意;B.质地均匀,外形规则物体的重心在它的几何中心上,但重心不一定在物体上,比如篮球、圆环等,B不符合题意;C,力的三要素:大小、方向、作用点,都会影响力的作用效果,C不符合题意:D.在弹性限度内,弹簧所受的拉力增大一倍,弹簧的伸长量也增大一倍,所以弹簧的伸长量跟其所受的拉力大小成正比,D符合题意。故答案为:D。【分析】根据动力臂和阻力臂的大小,可以判断杠杆的种类;物体的重心可以不在物体上;在弹性限度内,弹簧的形变程度和受到的拉力成正比。(2022•河池)移动重物时,把重物一端稍微往上提起一些会更容易推拉,原因是( )A.重物对地面的压力变小,导致摩擦力变小B.重物和地面的接触面积变小,导致摩擦力变小C.重物的重力变小,导致摩擦力变小D.接触面的粗糙程度变小,导致摩擦力变小【答案】A【知识点】增大或减小摩擦的方法【解析】【解答】A.移动重物时,把重物一端稍微往上提起一些,重物对地面的压力变小,导致摩擦力变小,所以更容易推拉,A符合题意;B.滑动摩擦力大小与重物和地面的接触面积无关,B不符合题意:C.此过程中,重物的重力不变,C不符合题意;D.此过程中接触面的粗糙程度不变,D不符合题意。故答案为:Ao【分析】减小物体对地面的压力,可以减小摩擦力。(2022•河池)某同学用石块、细线、弹簧测力计、烧杯、水和食盐等器材,进行如图所示的实验探究。下列说法正确的是( )水盐水甲乙丙A.石块在水中受到的浮力方向竖直向下B.石块在水中受到的浮力大小为1.0NC.石块浸没在水中时,排开水的体积为1.2x10-4血3D.丙图中盐水的密度为1.1Xl()3kg/m3【答案】B【知识点】密度公式及其应用;浮力大小的计算【解析】【解答】A.石块浸没在水中后,弹簧测力计对石块的拉力变小了,说明石块受到竖直向上的浮力,A不符合题意;B.由图甲可知,物体的重力G=2N,由图乙可知,石块浸没在水中时弹簧测力计的示数/疙=1%则石块在水中受到的浮力为F浮=G-F拉=2N-1N=1NB符合题意;F"C.石块浸没在水中时,根据阿基米德原理可知,排开水的体积为U排=心=——3~粤 =/P炉lxl05kg/m3xl0N/kg1x10-4m3C不符合题意;D.物体的重力G=2N,由图丙可知,石块浸没在盐水中时弹簧测力计的示数F/=08N,则石块在盐水中受到的浮力为「浮'=G-F/=2N-°.8N=1.2NF'根据阿基米德原理可知,盐水的密度为0给5t=萨= ——门=1.2x103kg/m3盐水9丫排10N"gxlxl0-73D不符合题意。故答案为:Bo【分析】物体受到的浮力竖直向上:根据物体的重力和进入液体后测力计的示数差,计算浮力;根据浮力和液体密度可以计算排开液体的体积,利用物体的质量和体积的比值,计算密度。(2022.河池)在图甲所示的电路中,闭合开关后电流表的示数如图乙所示。下列描述正确的是( )C.通过Li、L2的电流相等 D.通过Li的电流为0.22A【答案】C【知识点】电流的测量及电流表的使用;串联电路的电流规律【解析】【解答】AC.由图甲可知,电流从电源正极流出,依次经Li、L2后,再通过电流表、开关,回到电源的负极。因此灯泡Li与L2串联。由串联电路的电流特点可知,通过Li、L2的电流相等。A不符合题意,C符合题意;B.电压表接在灯泡L的两端,与灯泡L并联,因此测灯泡Li两端的电压。B不符合题意;D.由图乙可知,导线接在“0.6”接线柱上,因此电流表选择小量程,分度值为0.02A,读数为0.24A,所以通过Li的电流为0.24A。D不符合题意。故答案为:Co【分析】在串联电路,电流处处相等;各用电器顺次连接是串联电路。(2022・河池)现代社会生活和生产几乎处处离不开电,用电,实际上用的是电能。下列关于电能和电功的说法正确的是( )A.用电器通过电流做功把电能转化为其它形式的能B.发电站把电能转化为其它形式的能C.电功和电能的单位都是瓦特D.电功和电能是同一个物理量【答案】A【知识点】电源及其能量转化【解析】【解答】A.根据电功的实质可知,电流做了多少功,就有多少电能转化为其他形式的能,A符合题意;B.发电站是把其它形式的能转化为电能,B不符合题意:C.电功和电能的单位都是焦耳,C不符合题意;D.电流做功的过程,是将电能转化为其它形式能的过程,所以电功不是电能,D不符合题意。故答案为:Ao【分析】用电器将电流做功转化为其他形式的能;电功和电能的单位都是瓦特。(2022•河池)在如图所示的照明电路中,闭合开关S后,发现灯泡L不亮,用测电笔分别检测反c两点,鼠管都发光。若电路中只有一处故障,则可能是( )A.开关S断路 B.灯泡断路 C.灯泡短路 D.cd段断路【答案】D【知识点】家庭电路的故障分析【解析】【解答】A.若开关S断路,则电流无法从火线流到从c两点,用测电笔分别检测b、c两点,筑管不会发光,A不符合题意;B.若灯泡断路,则电流无法从火线流到c点,用测电笔分别检测c点,鼠管不会发光,B不符合题意;C.若灯泡短路,电流直接从火线流到零线,空气开关会自动切断电路,用测电笔分别检测从c两点,氟管不会发光,C不符合题意;D.若cd段断路,电流从火线流到b、c两点时,无法流回零线,只能通过测电笔、人体流进大地,所以测电笔有电流流过,颊管会发光,D符合题意。故答案为:Do【分析】家庭电路中,灯泡的开关闭合后不发光,但测电笔的颊管发光,说明零线处断路。(2022・河池)“珍爱生命,安全用电''是我们必须具备的安全意识。下列操作符合安全用电原则的是( )A.维修电路时不需要断开电源开关B.做卫生时用湿抹布擦拭发光的灯泡C.不接触低压带电体,不靠近高压带电体D.家用电器达到使用寿命后,只要外壳不破损就不需要更换【答案】C【知识点】安全用电原则【解析】【解答】A.维修电路时,为了用电安全,需要断开总开关,A不符合题意;B.生活用水是导体,用湿抹布擦拭发光的灯泡容易造成触电,B不符合题意;C.安全用电的原则:不接触低压带电体,不靠近高压带电体,C符合题意;D.家用电器达到使用寿命后,若继续使用,容易造成电路短路或容易发生漏电事故,D不符合题意。故答案为:Co【分析】安全用电的原则是:不靠近高压带电体,不接触低压带电体。TOC\o"1-5"\h\z(2022・河池)如图甲所示的电路,心为定值电阻,闭合开关,调节滑动变阻器R的阻值,记录电压表、电流表的示数,作出U-/关系图象如图乙①所示。已知某小灯泡的U-/图象如图乙②所示,现用该小灯泡替换图甲中的滑动变阻器,电路其他元件不变。则此时小灯泡的实际功率为( )甲 乙A.0.1W B.0.2W C.0.3W D.0.75W【答案】B【知识点】串联电路的电压规律;欧姆定律及其应用;电功率的计算【解析】【解答】由图甲知道,定值电阻Ro与滑动变阻器R串联,电压表测量滑动变阻器R两端的电压,电流表测量电路中的电流;当滑动变阻器滑片移到最左端时,滑动变阻器被短路,电压表示数为0,由图乙知道,此时电路中的电流I=0.3A,根据欧姆定律可得,电源电压U=IRo=O.3AxRo ①由图乙知道,当电流表示数为h=0.2A时,电压表示数为Ur=1V,根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得,电源电压U=Ur+IiRo=1V+O.2AxRo ②联立①②两式解得,电源电压与定值电阻分别是U=3VRo=lOQ用小灯泡替换图甲中的滑动变阻器,电路其他元件不变,则小灯泡与定值电阻R。串联,根据串联电路特点结合图乙知道,当电路中的电流l'=0.2A,小灯泡两端电压为Ul=1V时,电源电压U=UL+I'Ro=lV+0.2Ax10Q=3V此时小灯泡的实际功率PL=ULI,=1Vx0.2A=0.2WB符合题意。故答案为:Bo【分析】根据电流和电阻的乘积计算电压,结合电源电压一定,根据图像判断电阻的电压;利用串联电路电压规律计算总电压;利用电压和电流的乘积,计算大功率。二、填空题(2022•河池)小娟走路的步长约为40(填适当单位),她从篮球场的一端走到另一端共70步,由此可估算篮球场的长度为mo【答案】cm;28【知识点】长度及其测量【解析】【解答】普通中学生正常走路的速度约为lm/s,即100cm/s,每秒钟约走2步,所以每步长度约为40cmo从篮球场的一端走到另一端共70步,由此可估算篮球场的长度为70x0.4m=28m【分析】根据实际物体的长度,结合数据填写单位;根据物体的长度填写数据。(2022•河池)“天宫一号''空间站能绕着地球运动,是因为受到地球对它的作用;空间站与地面控制中心通过传递信息。【答案】吸引;电磁波【知识点】重力及其大小的计算;电磁波在日常生活中的应用【解析】【解答】地球对它周围的物体有吸引的作用,“天宫一号''空间站能绕着地球运动,是因为受到地球的吸引作用。电磁波可以在真空中传播,且电磁波能传递信息,所以空间站与地面控制中心通过电磁波传递信息。【分析】地球对它周围的物体有吸引的作用;空间站通过电磁波与地面控制中心传递信息。(2022・河池)唐代卢仝《月蚀》诗:“烂银盘从海底出,出来照我草屋东。“(烂:光洁灿烂)诗句中描述的“烂银盘''是月亮在海水中的(选填“实''或"虚")像,是由光的形成的。【答案】虚;反射【知识点】光的反射【解析】【解答】诗句中描述的“烂银盘''是月亮在海水中的倒影,属于平面镜成像,平面镜成像是由于光的反射形成的,平面镜成的是虚像。【分析】平面镜成的是虚像;平面镜成像的原因是光的反射。

(2022•河池)某品牌盒装酸奶净含量250g,酸奶的体积约200mL,可估算酸奶的密度为g/cn?;如果从酸奶盒中倒出一半酸奶后,剩余酸奶的密度(选填“变大”、“变小”或“不变【答案】1.25;不变【知识点】密度及其特性:密度公式及其应用【解析】【解答】酸奶净含量250g,酸奶的体积约V=2OOmL=2()Ocm3可估算酸奶的密度为p-y-2案累3=L25g/cm3密度是物质本身的一种特性,与物质的质量和体积无关,所以如果从酸奶盒中倒出一半酸奶后,剩余酸奶的密度不变。【分析】根据质量和体积的比值计算密度;密度是物质的特性,与物质的质量和体积无关。(2022・河池)己知水的比热容c=4.2x103J/(kg•℃),把2kg的水从2(TC加热到70汽需要吸收的热量为J;在高山上煮饭,很难煮熟,这是因为高山上低,水的沸点低。【答案】4.2x1057;气压【知识点】热量的计算;大气压强与高度的关系【解析】【解答】把2kg的水从20霓加热到70。(:需要吸收的热量为Q殴=cmAt=4.2x103J/(kg・℃)x2kgx(70℃-20℃)=4.2x1057在高山上煮饭,很难煮熟,这是因为海拔越高,气压越低,水的沸点随着气压的降低而降低。【分析】根据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量;海拔越高,气压越低,液体的沸点降低。(2022•河池)把重为0.5N的鸡蛋放入盐水中,鸡蛋静止时如图所示,此时鸡蛋处于(选填“漂浮”或"悬浮”)状态,它受到的浮力为No【答案】悬浮;0.5【答案】悬浮;0.5【知识点】浮力大小的计算;物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】鸡蛋完全浸没在水中,没有碰到容器底,在水中保持静止,所以处于悬浮状态;此时鸡蛋受到平衡力的作用,鸡蛋受到的浮力等于鸡蛋的重力,即尸泞=G=0.5N【分析】物体完全浸没在液体中,且没有碰到容器底,处于悬浮状态:悬浮的物体受到的浮力等于物体的重力。(2022•河池)液晶显示屏容易“粘”满灰尘,是因为带电体具有轻小物体的性质;阴极射线管发出的射线是由一种从原子内部发出的带负电的粒子组成,这种粒子叫做(填一种粒子的物理名称)。【答案】吸引;电子【知识点】物体带电情况的判断【解析】【解答】带电体具有吸引轻小物体的性质,所以,液晶显示屏容易"粘''满灰尘,是因为带静电的显示屏能吸引轻小的灰尘。阴极射线管发出的射线是由一种从原子内部发出的带负电的粒子组成,由原子的结构知道,这种粒子是电子。【分析】带电体可以吸引轻小物体;原子核外的是带负电的电子。(2022,河池)某品牌电热水壶有“加热”和“保温”两个挡位,其内部简化电路如图所示,%=1600,R2=40n,当Si闭合,S2断开时,电热水壶处于挡;加热挡的电功率为w„【答案】保温;1512.5【知识点】电阻的并联;电功率的计算【解析】【解答】由电路图可以知道,当开关S2断开、Si闭合时,电路中只有Ri,根据p=可知,此时电功率较小,因此电热水壶处于保温档。当开关5、S2同时闭合时,电路中Ri与R2并联,此时总电阻较第一种情况是比较小的,根据p=[可知,此时电功率大,因此电热水壶处于加热档,所以此时电路的总电阻为R总=讲*=共韩瑞=3202 2那么加热挡的电功率为P加热=芸=缪?•=1512.5UZ总【分析】在并联电路中,并联的电阻越少,电功率越小;根据并联电路电阻规律计算总电阻,利用电

压和电阻,可以计算电功率的大小。三、作图题(2022•河池)如图所示,请完成光线通过透镜后的光路。【答案】解:如图所示:【知识点】透镜的光路图【解析】【解答】过凹透镜光心的光线传播方向不改变,平行于主光轴的光线经凹透镜折射后,其折射光线的反向延长线过焦点,如图所示:【分析】光线过凹透镜的光心,沿直线传播:光线和凹透镜的主光轴平行,折射光线的反向延长线过焦点。(2022・河池)如图所示,请画出最省力的滑轮组绳子的绕法。〃〃/《〃〃/

【答案】解:如图所示:〃〃彳〃〃/【知识点】滑轮组的设计与组装【解析】【解答】根据题滑轮组的工作特点可知,使用滑轮组提升重物时,不计绳重和摩擦,绳端拉力F大小与绕过动滑轮且施加拉力的绳子股数n的关系为F=5(G匆+G动)因此绕过动滑轮且施加拉力的绳子股数n越大,滑轮组越省力,由图示可知,题中绕过动滑轮且施加拉力的绳子股数最大为n=3,故最省力的滑轮组绳子的绕法如图所示:〃〃/《〃〃/【分析】动滑轮上绳子的股数越大越省力,将滑轮组绕线组装。四、实验题(2022•河池)某同学做“探究光的折射规律”实验,她把半圆形玻璃砖固定在圆盘中心,让激光束沿圆盘半径入射到玻璃砖圆心处,激光束经玻璃砖折射后从半圆弧边射出(如图所示)。旋转圆盘,多次改变激光束入射角度,观察折射光线方向并记录数据,如下表所示。实验次数12345入射角20°30°60°75°

折射角13°19°28°35°40°(1)做第三次实验时,忘了记录入射角的数据,结合图可知,此时的入射角为;(2)分析实验数据可知:当光从空气斜射到玻璃表面时,折射角入射角,折射角随入射角增大而 【答案】⑴45°(2)小于;增大【知识点】光的折射规律【解析】【解答】(1)图是探究光的反射规律的实验装置,入射角为入射光线与法线的夹角,此时入射角的大小为45。。(2)由表格数据和图示知道,光从空气斜射到玻璃表面时,折射光线向法线偏折,折射角小于入射角。当入射角增大时,折射角增大,即折射角随着入射角的增大而增大。【分析】(1)根据入射光线和法线的夹角判断入射角大小;(2)光从空气斜射入玻璃时,折射角小于入射角;折射角随入射角的增大而增大。(2022・河池)如图所示是某实验小组探究动能的大小与什么因素有关的实验装置。实验中,用力将钢球推出,让钢球瞬间获得速度并向右运动,钢球跟弹簧碰撞后把弹簧压缩。带孔钢球 光消■杆 璐答细带孔钢球 光消■杆 璐答细计指针(1)本实验是通过观察来比较钢球动能的大小;(2)保持钢球的质量不变,推出钢球的速度越大,弹簧被压缩的程度也越大。表明:物体的动能大小与 有关;(3)换不同质量的钢球,以相同的速度推出,钢球的质量越大,弹簧被压缩的程度也越大。表明:物体的动能大小与有关;(4)本实验中用到的研究方法是(填其中一种即可)。【答案】(1)弹簧被压缩的程度(2)速度(3)质量(4)控制变量法(或转换法)【知识点】探究影响物体动能大小的因素【解析】【解答】(1)实验中,用力将钢球推出,让钢球瞬间获得速度并向右运动,钢球跟弹簧碰撞后把弹簧压缩,将动能转化为弹簧的弹性势能,钢球的动能越大,转化成的弹性势能越大,弹簧被压缩的程度就越大,所以本实验是通过观察弹簧被压缩的程度来比较钢球动能的大小,这是利用了转换法。(2)保持钢球的质量不变,推出钢球的速度越大,弹簧被压缩的程度也越大,说明钢球的动能越大,可得结论:物体的动能大小与速度有关,物体的速度越大动能越大。(3)换不同质量的钢球,以相同的速度推出,钢球的质量越大,弹簧被压缩的程度也越大,说明钢球的动能越大,可得结论:物体的动能大小与质量有关,物体的速度相同时,物体的质量越大,动能越大。(4)本实验中在探究动能大小与质量的关系时,控制小球的速度不变,用到的研究方法是控制变量法。【分析】(1)通过弹簧被压缩的程度可以反应动能的大小;(2)质量一定时,速度越大,物体的动能越大:(3)当速度相同时,质量越大,物体的动能越大;(4)改变被研究的量,其他保持不变,利用了控制变量法。(2022・河池)小红想探究水和砂石的吸热性能,取初温相同的水和砂石,分别盛放在规格相同的烧杯中,用同一盏酒精灯对它们分别加热,同时搅拌水和砂石,使之受热均匀。在相同加热时间内,比较它们温度升高的情况。

60(1)除以上条件外,还要求水和砂石的质量.(选填“相等”或‘不相等")60(1)除以上条件外,还要求水和砂石的质量.(选填“相等”或‘不相等"):(2)某一时刻,温度计的示数如图所示,此时温度为°C;(3)通过实验发现,在相同加热时间内,水升高的温度比砂石的小,说明的吸热性能更好;(4)由此可以解释沿海地区比沙漠地区昼夜温差 的现象。【答案】(1)相等(2)62(3)水(4)小【知识点】比较不同物质吸热的情况实验【解析】【解答](1)比较物质吸热能力的2种方法:①使相同质量的不同物质升高相同的温度,比较吸收的热量(即比较加热时间),吸收热量多的吸热能力强;②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间),比较温度的变化,温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法知道,要控制不同物质的质量相同,在两个相同的烧杯中分别装有初温和质量都相同的水和砂石。(2)由图知道,温度计的分度值为2C,且此时温度为零上,示数为62C(3)加热时间相同时,砂石的温度变化大,根据比较吸热能力的方法,这说明水的吸热性能强。(4)由上述探究的结论知道,沿海地区,水多,内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大,白天,相同质量的水和沙石比较,吸收相同的热量,水的温度升高的少;夜晚,放出相同的热量,水的温度降低的少,使得沿海地区昼夜的温差小。【分析】(1)探究不同物质的吸热能力时,选择相同质量的不同物质;(2)根据温度计液柱位置,测量温度;(3)质量和吸收热量相同时,水的温度差小,比热容较大;(4)沿海地区水的比热容大,温度差小。(2022・河池)学习电磁感应现象后,小昌同学想进一步探究感应电流的大小跟哪些因素有关。他使用如图所示的装置,让导体棒ab在U形磁铁中做切割磁感线运动而产生感应电流,记录的实验数据如下表所示。实验次数12345磁场强弱(磁铁个数)1个1个1个2个3个导体切割磁感线速度慢速中速快速慢速慢速电流计指针偏转格数1格2.5格4格2格3格(1)比较1、2,3三组数据,可以探究感应电流的大小与导体切割磁感线速度的关系。当磁场强弱一定时,导体切割磁感线速度越,感应电流越大;(2)比较三组数据,可以探究感应电流的大小与磁场强弱的关系。当导体棒切割磁感线速度一定时,磁场越,感应电流越大。【答案】(1)快(2)1、4、5;强【知识点】产生感应电流的条件;探究电磁感应现象的实验【解析】【解答】(1)比较1、2、3三组数据可知,在磁场强弱一定时,导体切割磁感线速度越快,电流计指针偏转格数越大,说明产生的感应电流越大,说明感应电流的大小与导体切割磁感线速度有关,当磁场强弱一定时,导体切割磁感线速度越快,感应电流越大。(2)要探究感应电流的大小与磁场强弱的关系,要控制导体切割磁感线速度相同,只改变磁场强弱,比较电流计指针偏转格数,电流计指针偏转格数越大,说明产生的感应电流越大,因此由1、4、5三组数据可知,当导体棒切割磁感线速度一定时,磁场越强,产生的感应电流越大。【分析】(1)探究感应电流的大小和导线切割磁感线的速度的关系时,改变切割的速度,保持其他不变;(2)探究感应电流大小和磁场强弱的关系时,要使磁场强弱不同,其他条件相同;磁场越强,感应电流越大。(2022・河池)某实验小组用伏安法测量待测电阻灯的阻值,设计的实验电路如图甲所示。

(1)根据图甲用笔画线代替导线将图乙的实物图补充完整;(1)根据图甲用笔画线代替导线将图乙的实物图补充完整;(2)该实验的原理是;(3)某次测量时,电压表的示数为1.5V,电流表的示数为0.3A,则待测电阻的阻值为fl;实验时应多测几组数据,求电阻的平均值,目的是:(4)若撤去电压表和滑动变阻器,新增一个阻值为扁的定值电阻,利用如图丙所示的实验电路,也可以测量待测电阻灯的阻值。实验步骤如下:①首先,闭合开关另、S2,记录电流表的示数A;②接着,断开开关,记录电流表的示数5则待测电阻的阻值a=(用Ro、I1、上表示)。5;减小误差⑷S2;勺2风【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验;欧姆定律及其应用【解析】【解答】(1)由电路图可知,待测电阻与滑动变阻器串联,电压表测待测电阻两端的电压,电流表测通过待测电阻的电流,滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联接入电路中,实物图如图所示:(2)用伏安法测量待测电阻左的阻值实验中,用电压表测待测电阻心两端的电压,用电流表测通过心的电流,根据R=;计算电阻,故该实验的原理是R=彳。(3)由R=3可知,待测电阻的阻值为R=:=摆=5。为了提高测量的准确程度,要多次测量求平均值减小误差。(4)实验步骤:①首先,闭合开关Si、S2,记录电流表的示数,i,此时电路为3的简单电路,Rx被短路,电流表测通过岛的电流,电源电压为U=/iR()②接着,断开开关Sz,记录电流表的示数/2,此时Ro与凡串联,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可知,/?0两端的电压为U()=,2氏0两端的电压为Ux=U—Ug=1述0—=(A-,2)R()由欧姆定律可知,待测电阻的阻值%为&=空="邙)【分析】(1)测量电阻的大小时,滑动变阻器一上一下串联在电路中,滑片远离下面的接线柱电阻变大;(2)测量电阻的实验原理是/?=与(3)根据电压和电流的比值,计算电阻;多次测量计算平均值时,可以减小误差;(4)利用电流表和定值电阻测量未知电阻时,分别利用电流表测量电阻串联时的电流和其中一个电阻的电流;根据电源电压不变,利用电流和电阻的乘积计算电压,可以计算未知电阻。五、计算题(2022•河池)2022年4月16日,神舟十三号返回舱顺利返回,17年来第一次实现返回舱直立着陆(如图)。已知返回舱的总质量约为3xlCPkg,返回舱着陆后与水平地面的接触面积约为3m2。求:(1)返回舱对水平地面的压力;(2)返回舱对水平地面的压强。【答案】(1)解:返回舱对水平地面的压力等于自身的重力,即F=G=mg=3x103kgx10N/kg=3x104/V答:返回舱对水平地面的压力为3xKPN(2)解:返回舱对水平地面的压强为°=f=3x10:N=1*104Pa答:返回舱对水平地面的压强为1x104Pao【知识点】重力及其大小的计算;压强的大小及其计算【解析】【分析】(1)根据物体的质量计算重力;(2)利用压力和受力面积的比值,计算压强。(2022•河池)如图所示为某智能烘干机的简化电路原理图,其工作电路由电压为220V的电源、阻值为55。的电热丝R、红灯L和蜂鸣器组成;控制电路由电源U、电磁铁(线圈电阻忽略不计)、开关S、热敏电阻Ri和滑动变阻器R?组成;Ri的阻值随温度变化的关系如下表所示。当控制电路电流IK).05A时,衔铁被吸合,电热丝R停止工作,同时红灯亮蜂鸣器响发出报警信号,表明烘干机内温度过高。温度/OC908066605046403635RJQ102040507080100120130 VWVW\AARL控制电路工作电路蜂鸣器控制电路工作电路蜂鸣器Q220Vb(1)电热丝R工作时的电流为多少?(2)电热丝R通电10s产生的热量为多少?(3)已知控制电路的电源电压U=6V,当调节滑动变阻器R2=70C时,烘干机内温度至少多高会发出报警信号?【答案】(1)解:由电路图可知,电热丝R工作时,衔铁与工作电路中上触点接触,电热丝R单独连接在工作电路中,其两端电压U工作=220V,由题意可知,电热丝的阻值R=55C,根据欧姆定律可以得出,电热丝R工作时的电流为/=1还=①”=44工作R5512答:电热丝R工作时的电流为4A。(2)解:电热丝R通电时间为t=10s,由焦耳定律得,电热丝R通电10s产生的热量为Q= =(44)2x550x10s=8800/答:电热丝R通电10s产生的热量为88OOJ。(3)解:由控制电路图可知,控制电路的电源电压U=6V,电磁铁、热敏电阻Ri和滑动变阻器R?串联在控制电路中,则流过三者的电流相等,不计电磁铁的电阻,电磁铁相当于一条导线,则电路中总电阻为R总=R1+当控制电路电流IK).05A时,衔铁被吸合,电热丝R停止工作,同时红灯亮蜂鸣器响发出报警信号,

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