人教版2020学年高一物理下学期期末考试试题目标版新版

（10分）23（10分）24（10分）25（12分）DBDDB11-12 :DBBBD17.ABC18.AC（3）图略； DBDDB11-12 :DBBBD17.ABC18.AC（3）图略； （4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不20. (1)C；(2)mg(x0+X1)%X1X2)2。32石嘴山市第三中学2017—2018第二学期高一期末物理试卷答案:1-5:ACCBC6-1013AC14.BD 15.AD 16.19.(1)mo远小于m；(2)3.2;够；21(10分)解：（1）解：（1）设月球表面的重力加速度为g',由运动学公式h1g't2 ① 2分小,2h得g'F ② 2分（2）设月球质量M月球半径R飞船质量E飞船受到的月球对它的引力提供向心力GMm

R2mg)2R ③GMm

R2mg'GMm

R2mg)2R ③GMm

R2mg'由②③④得m’3T4416G4h3T4 _——4T⑤2G4t62分2分……2分22(10分)（1）小球落地竖直分速度 Vy=J2gh-」（1分）tan530=vy…（1分）v1带入数值得V1=3m/s--（1分）1 2（2）小球离开轨道后做平抛运动： 2R-gt2-（I分）xv〔t…（1分）可求得：x2v'2R=1.12m-（1分）2（2）小球在最高点： Nmgmv——（1分） 带入数值得N=11.5N-（1分）R

TOC\o"1-5"\h\z1 2 1 2（4）小球由水平面沿圆弧运动到取图点： mg?2R—mv1 —mv0•••（1分）2 2可求得：V0=5m/s・（1分）23.（10分）（1）1.5N;（2）9W（3）81J。【解析】（1）在14s18s小车在阻力作用下做匀减速运动，由图象可知a1.5m/s2, （1分）由牛顿第二定律可知： fma,解得f1.5N。（1分）（2）在10s14s小车匀速运动，牵引力 F=f（1分）根据P=Fv,解得P=9W（1分）（3）0〜2s做匀加速，根据牛顿第二定律得： Ffma2（1分）由图像可知：a21.5m/s2,解得：F3N。（1分）（1分）1c1 C1c1 C所以'1a2t211.522

2 2故这段时间内牵引力做的功 Wi变加速过程中功率不变，则W23m, （1分）Fs339J；（1分）Pt9872J（1分）所以牵引力做的功为:81J所以牵引力做的功为:81J（1分）24（10分）解：对薄板，由于 24（10分）解：对薄板，由于 Mgsin37o<（M+。gcos37o,故滑块在薄板上滑动时，薄TOC\o"1-5"\h\z板静止不动. （2分）对滑块：在薄板上滑行时加速度 a产gsin37o=6m/s2, （1分）到达B点时速度vJ2alL6m/s （1分）V=at1 t1=1s滑块由B至C时的加速度a2=gsin37°— gcos37o=2m/s2, （1分）设滑块由B至C所用时间为t2,f, 1o 则Lbcvt-a2t, （1分）解得t2=1s（1分）

对薄板，滑块滑离后才开始运动，加速度 a=gsin37°— gcos37o=2m/s2,滑至C端所用时间为t',则Lbc2at2, （1分）解得tJ7s（1分）滑块与平板下端B到达斜面底端C的时间差为 tt1（t1t2）（J72）s（1分）25（12分）.解：设小物体恰能运动到 D点的速度为vD,重力提供向心力：2mgm-①1分R卜面求此临界状态下的 Vo。设物体从B点向左出发后第一次返回 B点时的速度为VbTOC\o"1-5"\h\z10 1n物体从B运动到D的过程中机械能守恒： 一mv2-mvDmg2R②2 2\o"CurrentDocument"由①②得：Vbv15gR10m/s ③ 2分若传输带足够长，则当Vo10m/s时，物体先向左减速到零后又向右加速，由于传输带速度为20m/s>10m/s,所以物体向右运动的过程中一直加速。且向左运动的加速度大小与向右运动时的加速度大小相等，由对称性可得回到 B点的速度vB10m/s,恰能完成圆周运动到D点。如果能完成上述过程，传输带的长度至少为 L'从B向A运动的过程中，物块的加速度大小 a1—1mg4m/s2④ 2m分v22a〔L'解得：L'12.5m10m斜面AC有摩擦要损失动能，所以v010m/s是不能让物体最终运动到 D点的。V0的临界TOC\o"1-5"\h\z速度必须比10m/s更大。设物体从B以V。出发运动到最左端的A点时的速度为2 2Vava v02alL⑤在斜面AC上行过程中加速度大小设为a2,上行的最大位移为x2nrtmgsin2mgcos 2KV则a2- - 8.4m/s2 ⑥x工⑦\o"CurrentDocument"m 2a2分从B从B出发经传输带和斜面AC再经传输带回到B的过程中由动能定理:2mgcos