内蒙古巴彦淖尔市五原县2023年中考化学模拟试卷（4）（含解析）

PAGEPAGE262022年内蒙古巴彦淖尔市五原二中中考化学模拟试卷〔4〕一.选择题1．以下变化中，前者是物理变化，后者是化学变化的是〔〕A．冰雪融化、食物腐烂 B．汽油挥发、工业上制取氧气C．铁生锈、电灯发光 D．水的电解、气球爆炸2．以下图所示的实验操作或装置，不正确的选项是〔〕A．往试管里送入固体粉末 B．闻气体气味C．向试管里滴加液体 D．加热氯酸钾制取氧气3．以下有关物质用途的说法正确的选项是〔〕A．氧气能支持燃烧，常用作燃料B．氮气的化学性质不活泼，常用作保护气C．利用活性炭的吸附性可将硬水软化D．氢氧化钠可用于治疗胃酸过多症4．从分子和原子的角度分析并解释以下事实，其中正确的选项是〔〕A．金刚石和石墨的物理性质不同，说明原子的构成不同B．氧化汞分解成汞和氧气，说明分子还可以再分C．水蒸发变成水蒸气，水分子的化学性质发生了改变D．25m3的石油气加压后可装入容积为0.024m5．以下各组物质按混合物、化合物、单质顺序排列的是〔〕A．天然气、碱式碳酸铜，空气 B．纯碱大理石、稀有气体C．熟石灰、水煤气、水银 D．稀硫酸、冰水、液氧6．推理是学习化学的重要方法，但盲目类推又可能得出错误结论．以下类推正确的选项是〔〕A．由同种分子构成的物质一定是纯洁物，所以纯洁物一定是由同种分子构成的B．在化合物里，正负化合价的代数和为零，所以在同一化合物中金属元素显正价，那么非金属元素一定都显负价C．碳酸钙与稀盐酸反响生成气体，所以与稀盐酸反响生成气体的物质一定是碳酸钙D．化学反响中，一氧化碳和氢气都能夺取氧化铜中的氧，所以一氧化碳和氢气都具有复原性7．以下反响中，不属于四种根本反响类型的是〔〕A．二氧化碳使石蕊变红色CO2+H2O═H2CO3化合反响B．用铜来提炼银Cu+2AgNO3═2Ag+Cu〔NO3〕2置换反响C．制氢氧化钠Na2CO3+Ca〔OH〕2═CaCO3↓+2NaOH复分解反响D．甲烷做燃料CH4+2O2CO2+2H2O氧化反响8．科学家探索用CO除去SO2，该研究涉及的一个反响：SO2+2CO2X+S，那么X为〔〕A．CO2 B．C C．CS2 D．COS9．2022年9月，三鹿婴幼儿奶粉因添加三聚氰胺〔C3H6N6〕致使一些婴幼儿患肾结石病．以下关于三聚氰胺的说法正确的选项是〔〕A．三聚氰胺由碳、氢、氮三个元素组成B．三聚氰胺中碳、氢、氮质量比为1：2：2C．三聚氰胺中氮元素的质量分数为66.7%D．三聚氰胺的相对分子质量为126g10．除去以下物质中的少量杂质〔括号内是杂质〕，所用试剂及方法均正确的选项是〔〕A．铜粉〔碳粉〕﹣﹣在空气中灼烧B．氯化亚铁溶液〔氯化铜〕﹣﹣加过量的铁粉、过滤C．氢氧化钠〔碳酸钠〕﹣﹣加适量的稀盐酸、蒸发D．二氧化碳〔一氧化碳〕﹣﹣通过足量的氢氧化钠溶液、枯燥11．某学生为了验证铁、锌、铜三种金属的活动性顺序，设计了四种方案：①将Zn、Cu分别参加到FeSO4溶液中；②将Zn、Cu分别参加到ZnSO4溶液中；③将Fe分别参加到FeSO4、CuSO4溶液中；④将Fe分别参加到ZnSO4、CuSO4溶液中．其中可行的是〔〕A．①④ B．①② C．②③ D．③④12．以下四种途述均用所对应的图象表示，其中图象正确的选项是〔〕①图象A表示向一定量的Ba〔OH〕2溶液中滴加CuSO4溶液，导电性与参加量的关系；②图象B表示向一定量的Na2SO4溶液中滴加BaCl2溶液，沉淀量与参加量的关系；③图象C表示一定量的KMnO4加热制O2的过程中，残留固体中MnO2的质量分数与时间的关系；④图象D表示向一定量的NaOH溶液中逐渐滴加稀盐酸，混合溶液的pH与参加量的关系．A． B． C． D．二、填空题13．写出具有以下用途的物质〔或其主要成分〕的化学式．请从以下物质中选择：甲烷、食盐、熟石灰、小苏打、石灰石、盐酸、硝酸钾①用于除去铁锈的是：②可作为化肥；③可作为调味品；④用于改进酸性土壤的是：；⑤用于焙制糕点所用的发酵粉的是．14．根据答复以下问题：〔1〕镁元素的原子序数为；氯原子的结构示意图为．〔填序号〕〔2〕镁元素与氯元素最本质的区别是．〔3〕C、E两种元素组成化合物的化学式为．15．铁是生产生活中应用最广泛的一种金属．〔1〕在酱油中参加铁强化剂，是我国为解决〔填“甲状腺肿大〞、“贫血〞或“骨质疏松〞〕而实施的工程．〔2〕铁元素与地壳中含量最多的元素组成的化合物的化学式为〔写出一种即可〕．高铁酸钠〔Na2FeO4〕是一种新型高效的净水剂，高铁酸钠中铁元素的化合价为．〔3〕小雨想减肥，早餐经常只喝饮料，以致有一天上课晕倒．小雨早餐饮料的主要成分是：白糖、果汁、小苏打、柠檬汁，其中缺少了人体所需营养素中的和油脂．以下富含油脂的食品有．a、馒头b、海带c、肥肉d、白菜e、山茶油．16．〔8分〕甲、乙、丙三种不含结晶水的固体物质的溶解度曲线如下图，以下说法中正确的选项是〔1〕t1℃〔2〕t2℃时100克甲的饱和溶液中溶液、溶质、溶剂的质量比是〔3〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温至t1℃〔4〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温到t1℃溶液中析出的晶体最多，的是17．金属钛〔Ti〕是21世纪最重要的金属之一．某化学兴趣小组的同学为探究铝、铜、钛的金属活动顺序，做了如下实验：①先用砂布将金属外表擦光亮．②将大小、厚薄相同的三种金属片分别放入到盛有相同体积的同种盐酸的试管中，观察到的现象如下：金属钛铝铜与盐酸反响的现象放出气泡缓慢放出气泡快无现象〔1〕依据上表现象推断三种金属的活动性顺序从强到弱为：，把金属钛放在硫酸铜溶液中能否发生反响？〔填“能〞或“不能〞〕；〔2〕根据三种金属的性质和用途答复：①建筑常用铝合金做门窗，原因是〔答2点〕；②把钛或钛合金放在海水中数年，取出后仍光亮如新，这说明金属钛具有很强的性．18．A～G均为初中化学中常见的物质：其中A、C组成元素相同，E是红色单质．如图是它们之间的转化关系，请答复：〔1〕写出反响①的化学方程式，其中B物质在该反响中起作用．〔2〕反响②中的现象为．〔3〕反响③的根本类型是反响．三、实验探究题〔题共18分，每空1分，化学方程式2分〕19．根据以下实验装置图，按要求答复以下问题：〔1〕仪器a的名称：．〔2〕实验室用高锰酸钾制取氧气，反响的化学方程式为，能选用的发生和收集装置是．〔3〕小明同学用A和F装置来制取并验证二氧化碳的性质，实验室用A装置来制取氧气的化学方程式为当向F装置中通入二氧化碳一段时间后，试管①中产生的现象是，试管②中澄清石灰水变浑浊，反响的化学方程式是，G中观察到蜡烛由低到高依次熄灭，说明二氧化碳具有的性质是，假设两支蜡烛几乎同时熄灭，可能的原因是〔答一点即可〕．20．某化学兴趣小组的同学在实验台上发现一瓶标签受损的溶液，如下图：【提出问题】这瓶溶液的成分是什么？老师说：①这瓶溶液可能是NaCl溶液、NaNO3溶液、KCl溶液、Na2CO3溶液中的一种．②这瓶溶液中只含一种溶质．【讨论】同学们一致认为不可能是溶液．【实验探究】实验台上可供使用的药品只有：稀HCl溶液、稀HNO3溶液、AgNO3溶液．请你根据以上药品完成以下实验．操作步骤实验现象结论及化学方程式步骤一：取样于试管中，然后往试管中滴加无气泡产生该溶液不是Na2CO3溶液步聚二：向步骤一的试管中，继续滴加该溶液一定是NaCl溶液，发生反响的化学方程式为：【反思】为了防止标签受损，你建议以后实验中，我们应．四、计算题〔共10分〕21．无土栽培是一种农业高新技术，它可以显著提高农作物的产量和质量．某品种茄子的无土栽培营养液中含有6%的KNO3．〔1〕KNO3属于〔填“钾肥〞、“氮肥〞或“复合肥料〞〕；〔2〕KNO3中钾、氮、氧元素的质量比为；〔3〕要配制150kg该营养液，需要KNO3的质量为kg．22．某公司生产出的纯碱产品中经检测只含有氯化钠杂质．为测定产品中碳酸钠的质量分数，20℃时，称取该产品样品26.5g，参加到盛有一定质量稀盐酸的烧杯中，碳酸钠与稀盐酸恰好完全反响，气体完全逸出，得到不饱和NaCl溶液．反响过程用精密仪器测得烧杯内混合物的质量〔m〕与反响时间〔t〕关系如下图．求：〔1〕生成CO2的质量．〔2〕该纯碱样品中Na2CO3的质量分数．2022年内蒙古巴彦淖尔市五原二中中考化学模拟试卷〔4〕参考答案与试题解析一.选择题1．以下变化中，前者是物理变化，后者是化学变化的是〔〕A．冰雪融化、食物腐烂 B．汽油挥发、工业上制取氧气C．铁生锈、电灯发光 D．水的电解、气球爆炸【考点】化学变化和物理变化的判别．【专题】化学反响的分类思想；物质的变化与性质．【分析】根据化学变化和物理变化的本质区别〔即有无新物质生成〕来进行分析、判断，变化过程中有新物质生成的属于化学变化，变化过程中没有新物质生成的属于物理变化，据此分析即可．【解答】解：A、冰雪融化的过程中没有新物质生成，属于物理变化；食物腐烂的过程中有新物质生成，属于化学变化；B、汽油挥发、工业上制取氧气的过程中都没有新物质生成，属于物理变化；C、铁生锈的过程中有新物质铁锈生成，属于化学变化；电灯发光的过程中没有新物质生成，属于物理变化；D、水的电解的过程中有新物质氧气和氢气生成，属于化学变化；气球爆炸的过程中没有新物质生成，属于物理变化；应选：A．【点评】此题主要考查化学变化和物理变化的判别，可依据化学变化和物理变化的本质区别〔即有无新物质生成〕来进行分析，变化过程中有新物质生成的属于化学变化，变化过程中没有新物质生成的属于物理变化．2．以下图所示的实验操作或装置，不正确的选项是〔〕A．往试管里送入固体粉末 B．闻气体气味C．向试管里滴加液体 D．加热氯酸钾制取氧气【考点】固体药品的取用；液体药品的取用；氧气的制取装置；氧气的收集方法．【专题】常见仪器及化学实验根本操作．【分析】A、固体药品的取用“一横二送三直立〞，用纸槽把药品送入试管底部；B、闻气体的气味时，防止气体有毒，应用手扇动，不能直接用鼻子闻；C、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管的位置是否伸入到试管内或接触试管．D、；根据氧气的制取装置，固体加热型的装置中，管口应略向下倾斜，铁夹应夹在试管的中上部，应用酒精灯的外焰加热；为了便于氧气的导出，试管内的导管不能伸的太长，刚露出橡皮塞即可，进行解答；【解答】解：A、往试管里装入固体粉末，操作正确，故A正确；B、闻气体的气味，用手在瓶口轻轻扇动，图中操作正确，故B正确；C、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管的位置是否伸入到试管内．应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶头滴管，故C错误．D、根据氧气的制取装置，固体加热型的装置中，管口应略向下倾斜，铁夹应夹在试管的中上部，应用酒精灯的外焰加热；为了便于氧气的导出，试管内的导管不能伸的太长，刚露出橡皮塞即可，可判断D装置正确．应选C【点评】此题主要考查一些实验的考前须知，了解取用固体的取用、闻气体气味、胶头滴管及实验室制氧气的方法3．以下有关物质用途的说法正确的选项是〔〕A．氧气能支持燃烧，常用作燃料B．氮气的化学性质不活泼，常用作保护气C．利用活性炭的吸附性可将硬水软化D．氢氧化钠可用于治疗胃酸过多症【考点】氧气的用途；常见气体的用途；常见碱的特性和用途；碳单质的物理性质及用途．【专题】物质的性质与用途．【分析】A、从氧气能支持燃烧，但其不能燃烧去分析解答；B、从由于氮气的化学性质不活泼，一般不和其他物质发生反响，所以常用作保护气去分析解答C、从由于活性炭具有吸附性，可以吸附水中的异味和色素，但不能吸附可溶性的钙镁化合物，去分析解答；D、从氢氧化钠具有强烈的腐蚀性，所以不能用于治疗胃酸过多症去分析解答．【解答】解：A、氧气能支持燃烧，但其不能燃烧；故A错误；B、由于氮气的化学性质不活泼，一般不和其他物质发生反响，所以常用作保护气；故B正确；C、由于活性炭具有吸附性，可以吸附水中的异味和色素，但不能吸附可溶性的钙镁化合物，所以不能将硬水软化；故C错误；D、氢氧化钠虽然能和胃酸中的盐酸发生反响，但由于氢氧化钠具有强烈的腐蚀性，所以不能用于治疗胃酸过多症；故D错误．故答案为：B．【点评】有同学常因物质燃烧需要氧气而错误地把氧气认为是燃料，氧气不具有可燃性，不能用作燃料．4．从分子和原子的角度分析并解释以下事实，其中正确的选项是〔〕A．金刚石和石墨的物理性质不同，说明原子的构成不同B．氧化汞分解成汞和氧气，说明分子还可以再分C．水蒸发变成水蒸气，水分子的化学性质发生了改变D．25m3的石油气加压后可装入容积为0.024m【考点】利用分子与原子的性质分析和解决问题．【专题】微观和宏观相互转化思想；物质的微观构成与物质的宏观组成．【分析】根据分子的根本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不〞，结合事实进行分析判断即可．【解答】解：A、金刚石和石墨的物理性质不同，是因为碳原子的排列方式不同，应选项解释错误．B、氧化汞分解成汞和氧气，是因为氧化汞分子分裂成了汞原子和氧原子，然后氧原子重新组合形成氧分子，大量的氧分子聚集成氧气，汞原子直接聚集成金属汞，该事实说明分子是可以再分的，应选项解释正确．C、水蒸发变成水蒸气，没有新物质生成，水分子本身没有发生变化，水分子的化学性质不变，应选项解释错误．D、25m3的石油气加压后可装入容积为0.024m应选：B．【点评】此题难度不大，掌握分子的根本性质〔可以简记为：“两小运间，同同不不〞〕及利用分子的根本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键．5．以下各组物质按混合物、化合物、单质顺序排列的是〔〕A．天然气、碱式碳酸铜，空气 B．纯碱大理石、稀有气体C．熟石灰、水煤气、水银 D．稀硫酸、冰水、液氧【考点】单质和化合物的判别；纯洁物和混合物的判别．【专题】物质的分类．【分析】物质分为混合物和纯洁物，混合物是由两种或两种以上的物质组成；纯洁物是由一种物质组成．纯洁物又分为单质和化合物．由同种元素组成的纯洁物叫单质；由两种或两种以上的元素组成的纯洁物叫化合物．氧化物是指由两种元素组成的化合物中，其中一种元素是氧元素．【解答】解：A、天然气属于混合物，碱式碳酸铜属于化合物，空气属于混合物，应选项错误；B、纯碱属于化合物，大理石、稀有气体属于混合物，应选项错误；C、熟石灰、水煤气都属于混合物，水银属于单质，应选项错误；D、稀硫酸属于混合物，冰水中只有水分子，属于化合物，液氧属于单质，应选项正确；应选D【点评】本考点考查了物质的分类，要加强记忆混合物、纯洁物、单质、化合物、氧化物等根本概念，并能够区分应用．本考点的根底性比拟强，主要出现在选择题和填空题中．6．推理是学习化学的重要方法，但盲目类推又可能得出错误结论．以下类推正确的选项是〔〕A．由同种分子构成的物质一定是纯洁物，所以纯洁物一定是由同种分子构成的B．在化合物里，正负化合价的代数和为零，所以在同一化合物中金属元素显正价，那么非金属元素一定都显负价C．碳酸钙与稀盐酸反响生成气体，所以与稀盐酸反响生成气体的物质一定是碳酸钙D．化学反响中，一氧化碳和氢气都能夺取氧化铜中的氧，所以一氧化碳和氢气都具有复原性【考点】纯洁物和混合物的概念；一氧化碳的化学性质；酸的化学性质；化合价规律和原那么；氢气的化学性质与燃烧实验．【专题】课本知识同类信息．【分析】A、根据构成物质的根本微粒考虑；B、在化合物里，正负化合价的代数和为零，所以在同一化合物中金属元素显正价，非金属元素不一定是显负价；C、根据金属与酸反响生成氢气考虑；D、根据氢气和一氧化碳的复原性考虑．【解答】解：A、纯洁物不一定是由分子构成，还有可能由原子直接构成，或者是由离子构成，故A错；B、在化合物里，正负化合价的代数和为零，所以在同一化合物中金属元素显正价，非金属元素不一定是显负价，例如硝酸铵中后面的氮元素显+5价，故B错；C、金属与酸反响生成盐和氢气，所以与稀盐酸反响生成气体的物质不一定是碳酸钙，故C错；D、氢气和一氧化碳具有复原性，都能夺取氧化铜中的氧，故D正确．应选D．【点评】解答此题关键是要知道构成物质的根本微粒：分子、原子、离子；在化合物中非金属元素可能显正价，也可能显负价，熟悉氢气和一氧化碳的复原性．7．以下反响中，不属于四种根本反响类型的是〔〕A．二氧化碳使石蕊变红色CO2+H2O═H2CO3化合反响B．用铜来提炼银Cu+2AgNO3═2Ag+Cu〔NO3〕2置换反响C．制氢氧化钠Na2CO3+Ca〔OH〕2═CaCO3↓+2NaOH复分解反响D．甲烷做燃料CH4+2O2CO2+2H2O氧化反响【考点】书写化学方程式；反响类型的判定．【专题】化学用语和质量守恒定律．【分析】根据四种根本反响类型是指化合反响、分解反响、置换反响、复分解反响等，进行分析判断．【解答】解：A、二氧化碳使石蕊变红色CO2+H2O═H2CO3，化合反响，是四种根本反响类型之一，故A正确；B、用铜来提炼银Cu+2AgNO3═2Ag+Cu〔NO3〕2，置换反响，是四种根本反响类型之一，故B正确；C、制氢氧化钠Na2CO3+Ca〔OH〕2═CaCO3↓+2NaOH，复分解反响，是四种根本反响类型之一，故C正确；D、甲烷做燃料CH4+2O2CO2+2H2O，氧化反响，氧化反响不属于根本反响类型，故D错误．应选：D．【点评】此题难度不大，掌握四种根本反响类型〔化合反响、分解反响、置换反响、复分解反响〕即可正确解答此题．8．科学家探索用CO除去SO2，该研究涉及的一个反响：SO2+2CO2X+S，那么X为〔〕A．CO2 B．C C．CS2 D．COS【考点】有关化学式的计算和推断；质量守恒定律及其应用．【分析】根据质量守恒定律可知，化学反响前后，各原子种类和个数都不变．【解答】解：反响物中有：1个硫原子、2个碳原子、4个氧原子，生成物中有：1个硫原子，还缺少2个碳原子、4个氧原子，又因为x的前面系数是2，所以X的化学式为CO2．应选A．【点评】方程式求化学式时，要根据质量守恒定律来做，化学反响前后原子的种类和数目都不变．9．2022年9月，三鹿婴幼儿奶粉因添加三聚氰胺〔C3H6N6〕致使一些婴幼儿患肾结石病．以下关于三聚氰胺的说法正确的选项是〔〕A．三聚氰胺由碳、氢、氮三个元素组成B．三聚氰胺中碳、氢、氮质量比为1：2：2C．三聚氰胺中氮元素的质量分数为66.7%D．三聚氰胺的相对分子质量为126g【考点】元素质量比的计算；物质的元素组成；相对分子质量的概念及其计算；元素的质量分数计算．【专题】课本知识同类信息；化学式的计算．【分析】A、根据宏观物质的组成，用宏观概念元素来表示，元素只讲种类，不讲数量，进行解答；B、根据化合物中各元素质量比=各元素的相对原子质量×原子个数之比，进行解答；C、根据物质中某元素的质量分数=×100%．进行解答；D、根据相对原子质量是有单位的，其单位为“1”，只不过常省略而已，进行解答．【解答】解：A、根据宏观物质的组成，用宏观概念元素来表示，元素只讲种类，不讲数量，故A错误；B、根据化合物中各元素质量比=各元素的相对原子质量×原子个数之比，三聚氰胺中碳、氢、氮质量比为：12×3：6：14×6=6：1：14；故B错误；C、根据物质中某元素的质量分数=×100%．可得三聚氰胺中氮元素的质量分数=×100%=66.7%，故C正确；D、根据相对原子质量是有单位的，其单位为“1”，只不过常省略而已，故D错误．应选：C．【点评】此题主要考查根据化学式确定物质元素组成及元素之间的质量关系和元素的质量分数的计算．10．除去以下物质中的少量杂质〔括号内是杂质〕，所用试剂及方法均正确的选项是〔〕A．铜粉〔碳粉〕﹣﹣在空气中灼烧B．氯化亚铁溶液〔氯化铜〕﹣﹣加过量的铁粉、过滤C．氢氧化钠〔碳酸钠〕﹣﹣加适量的稀盐酸、蒸发D．二氧化碳〔一氧化碳〕﹣﹣通过足量的氢氧化钠溶液、枯燥【考点】物质除杂或净化的探究；常见气体的检验与除杂方法；盐的化学性质；碳的化学性质．【专题】物质的别离、除杂、提纯与共存问题．【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和别离方法，所谓除杂〔提纯〕，是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件：①参加的试剂只能与杂质反响，不能与原物质反响；②反响后不能引入新的杂质．【解答】解：A、碳粉、铜粉分别在空气中灼烧生成二氧化碳气体、氧化铜，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原那么，应选项所采取的方法错误．B、过量的铁粉能与氯化铜溶液反响生成氯化亚铁溶液和铜，再过滤除去不溶物，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原那么，应选项所采取的方法正确．C、氢氧化钠和碳酸钠均能与稀盐酸反响，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原那么，应选项所采取的方法错误．D、CO2能与氢氧化钠溶液反响生成碳酸钠和水，CO不与氢氧化钠溶液反响，反而会把原物质除去，不符合除杂原那么，应选项所采取的方法错误．应选：B．【点评】物质的别离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件〔参加的试剂只与杂质反响，反响后不能引入新的杂质〕是正确解题的关键．11．某学生为了验证铁、锌、铜三种金属的活动性顺序，设计了四种方案：①将Zn、Cu分别参加到FeSO4溶液中；②将Zn、Cu分别参加到ZnSO4溶液中；③将Fe分别参加到FeSO4、CuSO4溶液中；④将Fe分别参加到ZnSO4、CuSO4溶液中．其中可行的是〔〕A．①④ B．①② C．②③ D．③④【考点】金属活动性顺序及其应用．【专题】金属与金属材料．【分析】根据已有的知识进行分析解答，在金属活动性顺序中，氢前的金属能与酸反响生成氢气，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来，据此解答．【解答】解：将Zn、Cu分别参加到FeSO4溶液中，锌能与硫酸亚铁反响生成硫酸锌和铁，说明锌在铁的前面，铜不与硫酸亚铁反响，说明铜在铁的后面，可以验证铁、锌、铜三种金属的活动性顺序；②将Fe、Cu分别参加到ZnSO4溶液中，都不反响，说明铁和铜都在锌的后面，但是不能证明铁和铜的顺序；③将Zn分别参加到FeSO4、CuSO4溶液中，锌能与硫酸亚铁和硫酸铜反响，说明锌在铁和铜的前面，不能证明铁和铜的顺序；④将Fe分别参加到ZnSO4、CuSO4溶液中，铁与硫酸锌不反响，说明铁在锌的后面，铁能与硫酸铜反响，说明铁在铜的前面，能验证铁、锌、铜三种金属的活动性顺序．观察选项，应选A．【点评】此题考查了金属活动性顺序的应用，完成此题，可以依据金属活动性顺序及其意义进行．12．以下四种途述均用所对应的图象表示，其中图象正确的选项是〔〕①图象A表示向一定量的Ba〔OH〕2溶液中滴加CuSO4溶液，导电性与参加量的关系；②图象B表示向一定量的Na2SO4溶液中滴加BaCl2溶液，沉淀量与参加量的关系；③图象C表示一定量的KMnO4加热制O2的过程中，残留固体中MnO2的质量分数与时间的关系；④图象D表示向一定量的NaOH溶液中逐渐滴加稀盐酸，混合溶液的pH与参加量的关系．A． B． C． D．【考点】根据化学反响方程式的计算；催化剂的特点与催化作用；溶液的导电性及其原理分析；溶液的酸碱性与pH值的关系．【专题】压轴实验题；利用图像，进行分析计算；有关化学方程式的计算；化学用语和质量守恒定律．【分析】A、导电性和溶液中的离子浓度有关，Ba〔OH〕2和CuSO4生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜沉淀，所以刚开始滴加CuSO4溶液后离子浓度就降低了．B、Na2SO4和BaCl2生成硫酸钡〔沉淀〕和氯化钠，所以刚开始滴加BaCl2溶液，沉淀逐渐增多，但是当反响完成以后，沉淀的质量就不会再改变了．C、KMnO4加热制O2，刚开始没有二氧化锰，所以开始时固体中二氧化锰的质量分数为零．D、碱溶液的PH值大于7，NaOH和稀盐酸生成氯化钠和水，氯化钠溶液是中性，PH=7，所以刚开始逐渐滴加稀盐酸，溶液的PH是减小的．【解答】解：A、导电性和溶液中的离子浓度有关，Ba〔OH〕2和CuSO4生成硫酸钡沉淀和氢氧化铜沉淀，所以刚开始滴加CuSO4溶液后离子浓度就降低了，导电性也下降了，图象刚开始导电性在增大，故A错误．B、Na2SO4和BaCl2生成硫酸钡〔沉淀〕和氯化钠，所以刚开始滴加BaCl2溶液，沉淀逐渐增多，但是当反响完成以后，沉淀的质量就不会再改变了，图象和分析一致，故B正确．C、KMnO4加热制O2，刚开始没有二氧化锰，所以开始时固体中二氧化锰的质量分数为零，图象的起点不是0，故C错误．D、碱溶液的PH值大于7，NaOH和稀盐酸生成氯化钠和水，氯化钠溶液是中性，PH=7，所以刚开始逐渐滴加稀盐酸，溶液的PH是减小的，图象的PH在增大，故D错误．应选B．【点评】学会判断图象的正误方法，一般情况下看转折点和起点．二、填空题13．写出具有以下用途的物质〔或其主要成分〕的化学式．请从以下物质中选择：甲烷、食盐、熟石灰、小苏打、石灰石、盐酸、硝酸钾①用于除去铁锈的是：HCl②可作为化肥KNO3；③可作为调味品NaCl；④用于改进酸性土壤的是：Ca〔OH〕2；⑤用于焙制糕点所用的发酵粉的是NaHCO3．【考点】酸碱盐的应用．【专题】物质的性质与用途．【分析】根据物质的性质确定物质的用途，并能根据物质的名称正确书写物质的化学式．盐酸能和铁锈反响，硝酸钾中含有植物生长所需的必须元素，氯化钠有咸味，可做调味品，改进酸性土壤用碱性物质，熟石灰呈碱性，碳酸氢钠能和酸反响生成二氧化碳气体．【解答】解：①用于除去铁锈的是盐酸，化学式为：HCl②可作为化肥是硝酸钾，它含有氮和钾元素，钾显+1价，硝酸根显﹣1价，故化学式为：KNO3；③可作为调味品是氯化钠，化学式为：NaCl；④可用于改进酸性土壤的物质为氢氧化钙，钙元素的化合价为+2价，氢氧根的化合价为﹣1价，先标注化合价，再利用化合价数值交叉法书写化学式为：Ca〔OH〕2；⑤用于焙制糕点所用的发酵粉的是碳酸氢钠，碳酸氢根显﹣1价，钠显+1价，化学式为：NaHCO3．【点评】此题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对物质性质和用途的理解，又考查了学生对化学符号的书写．14．根据答复以下问题：〔1〕镁元素的原子序数为12；氯原子的结构示意图为E．〔填序号〕〔2〕镁元素与氯元素最本质的区别是质子数不同．〔3〕C、E两种元素组成化合物的化学式为NaCl．【考点】元素周期表的特点及其应用；原子结构示意图与离子结构示意图；元素的概念．【专题】化学用语和质量守恒定律．【分析】〔1〕由元素在周期表中的位置及有关粒子的结构示意图可知，镁元素的原子序数、氯原子的结构示意图；〔2〕根据元素的概念：具有相同核电荷数〔核内质子数〕的一类原子的总称；那么可知镁元素与氯元素最本质的区别是什么；〔3〕C、E两种元素分别为钠元素、氯元素，那么可知其组成化合物的化学式．【解答】解：〔1〕根据“原子序数=核内质子数=核外电子数=核电荷数〞，结合元素在周期表中的位置及有关粒子的结构示意图可知，镁元素的原子序数为12；氯原子的结构示意图为E；〔2〕根据元素的概念：具有相同核电荷数〔核内质子数〕的一类原子的总称；那么可知镁元素与氯元素最本质的区别是质子数不同；〔3〕C、E两种元素分别为钠元素、氯元素，那么可知其组成化合物为氯化钠，其化学式为NaCl．故答为：〔1〕12；E；〔2〕质子数不同；〔3〕NaCl．【点评】了解元素周期表的特点及其应用；核外电子在化学反响中的作用；掌握元素的概念：具有相同核电荷数〔核内质子数〕的一类原子的总称；了解原子结构示意图与离子结构示意图的特点．15．〔10分〕〔2022•巴彦淖尔模拟〕铁是生产生活中应用最广泛的一种金属．〔1〕在酱油中参加铁强化剂，是我国为解决贫血〔填“甲状腺肿大〞、“贫血〞或“骨质疏松〞〕而实施的工程．〔2〕铁元素与地壳中含量最多的元素组成的化合物的化学式为FeO〔Fe2O3、Fe3O4〕〔写出一种即可〕．高铁酸钠〔Na2FeO4〕是一种新型高效的净水剂，高铁酸钠中铁元素的化合价为+6．〔3〕小雨想减肥，早餐经常只喝饮料，以致有一天上课晕倒．小雨早餐饮料的主要成分是：白糖、果汁、小苏打、柠檬汁，其中缺少了人体所需营养素中的蛋白质和油脂．以下富含油脂的食品有ce．a、馒头b、海带c、肥肉d、白菜e、山茶油．【考点】微量元素、维生素与健康的关系及摄取方法；化学式的书写及意义；有关元素化合价的计算；生命活动与六大营养素．【专题】化学与生活．【分析】〔1〕根据铁元素与人体健康之间的关系分析答复．〔2〕地壳中含量最多的元素是氧元素，根据铁、氧元素组成的化合物，写出化学式；根据化合价原那么，由化学式求出元素的化合价．〔3〕根据人体内六大营养素的种类答复．根据①馒头、②海带、③肥肉、④白菜、⑤山茶油中所含的营养元素，以及油脂的主要食物来源答复．【解答】解：〔1〕铁是血红蛋白的成分，在酱油中参加铁强化剂，是我国为解决贫血而实施的工程．〔2〕地壳中含量最多的元素是氧元素，与铁元素组成化合物有：FeO、Fe2O3、Fe3O4等；在Na2FeO4中，设铁的化合价为x，那么〔+1〕×2+x+〔﹣2〕×4=0，解得：x=+6．〔3〕人体内六大营养素包括蛋白质、油脂、糖类、维生素、水、无机盐，白糖属于糖类，果汁、柠檬汁中主要含有水和维生素，小苏打属于无机盐，缺乏的是蛋白质和油脂．a．馒头中主要含有糖类，所以错误；b．海带中主要含有含碘的无机盐，所以错误；c．肥肉是主要含有油脂，所以正确；d．白菜中主要含有维生素，所以错误；e．山茶油中主要含有油脂，所以正确．故答为：〔1〕贫血；〔2〕FeO〔Fe2O3、Fe3O4〕等；+6；〔3〕蛋白质；ce．【点评】“民以食为天〞，在生活水平不断提高的今天，人们把对健康饮食的追求提上了生活的日程，所以对六大营养素的考查也成了热点之一，特别是六大营养素包括的种类、生理功能、食物来源、缺乏症，摄入时的考前须知等内容．16．甲、乙、丙三种不含结晶水的固体物质的溶解度曲线如下图，以下说法中正确的选项是〔1〕t1℃甲和丙〔2〕t2℃时100克甲的饱和溶液中溶液、溶质、溶剂的质量比是〔3〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温至t1℃，所得溶液中溶质的质量分数的大小关系为乙＞甲〔4〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温到t1℃溶液中析出的晶体最多，的是【考点】固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系．【专题】溶液、浊液与溶解度．【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：甲、乙两种固体物质的溶解度，都是随温度升高而增大，而丙的溶解度随温度的升高而减少；t1℃时，甲和丙的溶解度相等，因为它们在该温度下有交点；t2℃时，甲的溶解度是50g，100克甲的饱和溶液中溶液、溶质、溶剂的质量比=150g：50g：100g=3：1：2；分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温至t1℃，所得溶液中溶质的质量分数的大小关系为乙＞甲＞丙，因为降温后乙的溶解度大于甲，丙不变，还是最小；分别将t【解答】解：〔1〕t1℃〔2〕t2℃时，甲的溶解度是50g，100克甲的饱和溶液中溶液、溶质、溶剂的质量比=150g：50g：100g〔3〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温至t1℃，所得溶液中溶质的质量分数的大小关系为乙＞甲＞丙，因为降温后乙的溶解度大于甲，丙不变，还是最小；故答案为：乙＞甲〔4〕分别将t2℃时三种物质的饱和溶液降温到t1【点评】本考点考查了溶解度曲线及其应用，通过溶解度曲线我们可以获得很多信息；还考查了有关溶液的计算，有关的计算要准确，本考点主要出现在选择题和填空题中．17．〔10分〕〔2022•东莞市一模〕金属钛〔Ti〕是21世纪最重要的金属之一．某化学兴趣小组的同学为探究铝、铜、钛的金属活动顺序，做了如下实验：①先用砂布将金属外表擦光亮．②将大小、厚薄相同的三种金属片分别放入到盛有相同体积的同种盐酸的试管中，观察到的现象如下：金属钛铝铜与盐酸反响的现象放出气泡缓慢放出气泡快无现象〔1〕依据上表现象推断三种金属的活动性顺序从强到弱为：Al＞Ti＞Cu，把金属钛放在硫酸铜溶液中能否发生反响？能〔填“能〞或“不能〞〕；〔2〕根据三种金属的性质和用途答复：①建筑常用铝合金做门窗，原因是铝的密度小、常温下能形成致密的氧化膜，抗腐蚀能力强〔答2点〕；②把钛或钛合金放在海水中数年，取出后仍光亮如新，这说明金属钛具有很强的抗腐蚀性．【考点】金属活动性顺序及其应用；常见金属的特性及其应用．【专题】阅读理解类简答题；结合课本知识的信息．【分析】根据金属与酸反响的难易、剧烈程度，我们可判断出金属的活动性的强弱．该题根据金属与盐酸反响的现象我们可知三种金属的活动性的强弱，从而可判断钛能否与硫酸铜溶液发生反响．根据铝、钛的用途可推出它们的性质．因为物质的性质决定用途、用途可反映物质的性质．【解答】解：〔1〕根据表中金属与盐酸反响的现象我们可知三种金属的活动性顺序从强到弱为：Al＞Ti＞Cu，钛的活动性比铜强，所以把金属钛放在硫酸铜溶液中能发生反响．故答案为：Al＞Ti＞Cu能．〔2〕建筑常用铝合金做门窗，原因是①铝的密度小、常温下能形成致密的氧化膜，抗腐蚀能力强．②把钛或钛合金放在海水中数年，取出后仍光亮如新，这说明金属钛具有很强的抗腐蚀性．故答案为：①铝的密度小、常温下能形成致密的氧化膜，抗腐蚀能力强．②抗腐蚀．【点评】此题要求学生能学以致用，根据金属与酸反响的难易、剧烈程度，可判断出金属的活动性的强弱．此题还进一步的告诉我们物质的性质决定用途、用途可反映物质的性质．18．A～G均为初中化学中常见的物质：其中A、C组成元素相同，E是红色单质．如图是它们之间的转化关系，请答复：〔1〕写出反响①的化学方程式2H2O22H2O+O2↑，其中B物质在该反响中起催化作用．〔2〕反响②中的现象为红色固体变黑．〔3〕反响③的根本类型是复分解反响．【考点】物质的鉴别、推断；反响类型的判定；书写化学方程式．【专题】框图型推断题；压轴实验题．【分析】根据题干表达，E是红色单质那么E是铜，F能与稀硫酸反响生成蓝色溶液G，那么G是硫酸铜，F是氧化铜，铜能与氧气反响生成氧化铜，故D是氧气，A和C的组成元素相同，且A能生成氧气和C，故A是过氧化氢，C是水，B是二氧化锰．【解答】解：E是红色单质那么E是铜，F能与稀硫酸反响生成蓝色溶液G，那么G是硫酸铜，F是氧化铜，铜能与氧气反响生成氧化铜，故D是氧气，A和C的组成元素相同，且A能生成氧气和C，故A是过氧化氢，C是水，B是二氧化锰，代入框图，推断合理，〔1〕过氧化氢在二氧化锰的催化作用下能分解生成水和氧气，故填：2H2O22H2O+O2↑，催化；〔2〕铜是红色固体，与氧气反响生成的氧化铜是黑色固体，会观察到红色固体变黑的现象，故填：红色固体变黑；〔3〕氧化铜与稀硫酸的反响是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反响，属于复分解反响，故填：复分解．【点评】此题为框图式物质推断题，完成此题，关键是找准解题的突破口，直接得出有关物质的化学式，然后根据框图结合物质的性质，得出其他物质的化学式．三、实验探究题〔题共18分，每空1分，化学方程式2分〕19．根据以下实验装置图，按要求答复以下问题：〔1〕仪器a的名称：集气瓶．〔2〕实验室用高锰酸钾制取氧气，反响的化学方程式为2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑，能选用的发生和收集装置是AC或AE．〔3〕小明同学用A和F装置来制取并验证二氧化碳的性质，实验室用A装置来制取氧气的化学方程式为2H2O22H2O+O2↑当向F装置中通入二氧化碳一段时间后，试管①中产生的现象是紫色石蕊变红色，试管②中澄清石灰水变浑浊，反响的化学方程式是Ca〔OH〕2+CO2=CaCO3↓+H2O，G中观察到蜡烛由低到高依次熄灭，说明二氧化碳具有的性质是二氧化碳的密度比空气大，不助燃，不可燃，假设两支蜡烛几乎同时熄灭，可能的原因是倾倒二氧化碳的速度太快或集气瓶口开的太大等〔答一点即可〕．【考点】二氧化碳的实验室制法；氧气的制取装置；二氧化碳的物理性质；二氧化碳的化学性质；书写化学方程式．【专题】常见气体的实验室制法、检验、枯燥与净化．【分析】集气瓶是收集气体的仪器，制取装置包括加热和不需加热两种，如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热．氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集．实验室制取CO2，是在常温下，用大理石或石灰石和稀盐酸制取的，碳酸钙和盐酸互相交换成分生成氯化钙和水和二氧化碳，因此不需要加热．二氧化碳能溶于水，密度比空气的密度大，因此只能用向上排空气法收集．F装置中，试管①中产生的现象是紫色石蕊试液变红，因为二氧化碳和水反响生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊试液；二氧化碳与氢氧化钙反响生成碳酸钙白色沉淀和水；G中观察到蜡烛由低到高依次熄灭，说明二氧化碳具有的性质是：不燃烧也不支持燃烧，密度比空气大；假设两支蜡烛几乎同时熄灭，可能的原因是：倾倒二氧化碳的速度太快或集气瓶口开的太大等〔合理即可〕．【解答】解：〔1〕集气瓶是收集气体的仪器；〔2〕如果用高锰酸钾制氧气就需要加热，高锰酸钾受热分解生成锰酸钾和二氧化锰和氧气，化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑，氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集；〔3〕过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，化学方程式为：2H2O22H2O+O2↑，F装置中，试管①中产生的现象是紫色石蕊试液变红，因为二氧化碳和水反响生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊试液；二氧化碳与氢氧化钙反响生成碳酸钙白色沉淀和水；G中观察到蜡烛由低到高依次熄灭，说明二氧化碳具有的性质是：不燃烧也不支持燃烧，密度比空气大；假设两支蜡烛几乎同时熄灭，可能的原因是：倾倒二氧化碳的速度太快或集气瓶口开的太大等〔合理即可〕；故答案为：〔1〕集气瓶；〔2〕2H2O22H2O+O2↑，2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑，AC或AE；〔3〕紫色石蕊试液变红，Ca〔OH〕2+CO2=CaCO3↓+H2O，不燃烧也不支持燃烧，密度比空气大，倾倒二氧化碳的速度太快或集气瓶口开的太大等．【点评】此题主要考查常见气体的发生装置与收集装置的探究，发生装置依据反响物的状态和反响条件选择，收集装置依据气体的密度和溶解性选择．20．某化学兴趣小组的同学在实验台上发现一瓶标签受损的溶液，如下图：【提出问题】这瓶溶液的成分是什么？老师说：①这瓶溶液可能是NaCl溶液、NaNO3溶液、KCl溶液、Na2CO3溶液中的一种．②这瓶溶液中只含一种溶质．【讨论】同学们一致认为不可能是KCl溶液．【实验探究】实验台上可供使用的药品只有：稀HCl溶液、稀HNO3溶液、AgNO3溶液．请你根据以上