江苏省扬州市高级中学2023年高三化学期末试卷含解析

江苏省扬州市高级中学2023年高三化学期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列离子方程式书写错误的是A．H2O2和酸性氯化亚铁溶液反应：2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2OB．碳酸氢镁溶液中加入过量石灰水：Mg2++2HCO3－+2Ca2++4OH—=2CaCO3↓+Mg(OH)2↓+2H2OC．3

mol的Cl2

通入含2

mol

FeI2的溶液中：2Fe2+＋4I－＋3Cl2＝2Fe3+＋6Cl－＋2I2D．将SO2通入Ca(ClO)2溶液中：Ca2++2ClO－+SO2+H2O=CaSO3+2HClO参考答案：D略2.化学在生产和日常生活中有着重要的应用。下列说法不正确的是A．在海轮外壳上镶入锌块，可减缓船体的腐蚀速率B．接触法制H2SO4时，使用98.3％的浓硫酸来吸收SO3C．高炉中的主要反应是高温下焦炭和氧化铁直接作用生成铁D．燃煤中加人适量石灰石，可减少废气中SO2的量参考答案：C略3.下列反应的离子方程式错误的是A．硫酸镁溶液和氢氧化钡溶液反应:SO42-+Ba2+

==

BaSO4↓B．等体积等物质的量浓度的氢氧化钡溶液与碳酸氢铵溶液混合：

Ba2++2OH–+NH4++HCO3–

==

BaCO3↓+NH3·H2O+H2OC．氢氧化铝与足量的氢氧化钠溶液反应：

Al(OH)3+OH–

==

AlO2–+2H2OD．向苯酚钠溶液中能入CO2：C6H5-O―+CO2+H2O→C6H5-OH+HCO3―参考答案：A略4.强酸与强碱的稀溶液发生中和反应的热效应：H+(aq)十OH—(aq)＝H2O；△H＝一57.3kJ/mol。分别向1L0.5mol/L的NaOH溶液中加入：①稀醋酸；②浓H2SO4；③稀硝酸，恰好完全反应时的热效应分别为△H1、△H2、△H3，它们的关系表示正确的是

A．△H2＜△H3＜△H1

B．△H1＞△H2＞△H3

C．△H1＝△H2＝△H3D．△H2＞△H3＞△H1参考答案：B5.下列各组离子在指定的溶液中一定能大量共存的是

A．含有Fe3+的溶液：Na+、SCN－、Cl－、I－

B．含有大量NO3－的溶液：H+、Fe2+、Cl－、SO42－

C．常温下，pH=12的溶液：K+、Cl－、SO32－、SiO32－

D．c(H+)＝0.1mol·L－1的溶液：Na+、NH4+、SO42－、S2O32－参考答案：C略6.实验室可按下图所示的装置来干燥、收集气体R，多余气体可用水吸收，则R是A．HCl

B．Cl2

C．NO2

D．NH3参考答案：D略7.在一定温度时，N2与H2反应过程中能量变化的曲线如右图。下列叙述正确的是A．加入催化剂，该化学反应的放热增多B．b曲线是加入催化剂时的能量变化曲线C．加入催化剂可增大正反应速率，降低逆反应速率D．该反应的热化学方程式为：N2+3H22NH3

△H=-92kJ/moL参考答案：B8.化学与人类文明进步息息相关，下列说法错误的是（

）A.蚕丝的主要成分是蛋白质，属于天然高分子材料B.汉代烧制出“明如镜、声如磬”的瓷器，主要化学成分是硅酸盐C.2022年冬奥会聚氨酯速滑服，是无机非金属材料D.城市公交系统推广的清洁燃料压缩天然气“CNG”、液化石油气“LPG”，主要成分都是烃参考答案：C【详解】A、蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质属于天然高分子化合物，天然高分子化合物包括蛋白质、纤维素、淀粉等，故A说法正确；；B、瓷器主要成分是硅酸盐，故B说法正确；C、聚氨酯全名为聚氨基甲酸酯，属于高分子化合物，是有机材料，故C说法错误；D、天然气主要成分是CH4，液化汽油是乙烯、乙烷、丙烯、丙烷和丁烷的混合物，它们都是由碳氢两种元素组成，都属于烃，故D说法正确；答案选C。9.下列物质中不能用化合反应的方法制得的是（）①SiO2②H2SiO3

③Fe（OH）3

④Al（OH）3⑤FeCl2⑥CaSiO3．A．①③

B．②④ C．②③④⑤

D．②④⑥参考答案：B解析：化合反应的概念是由两种或两种以上的物质生成一种新物质①、硅与氧气反应，反应方程式为：Si+O2SiO2，故①不符合；②、氧化硅和水不反应，所以硅酸不能通过化合反应得到，故②符合；③、可以实现，反应方程式为：4Fe（OH）2+O2+2H2O═4Fe（OH）3，故③不符合；④、氧化铝和水不反应，要制取氢氧化铝，可以用氯化铝溶液和氨水制取，故④符合；⑤、铁和氯化铁溶液反应生成的是氯化亚铁，方程式为Fe+2FeCl33FeCl2，故⑤不符合；⑥、氧化钙与二氧化硅高温化合生成硅酸钙，方程式为CaO+SiO2CaSiO3，故⑥不符合；故选B．10.根据下表提供的数据，判断下列离子方程式或化学方程式正确的是化学式电离常数HClOK=3×10-8H2CO3K1=4×10-7

K2=6×10-11A.向Na2CO3溶液中滴加少量氯水：CO32－+2Cl2+H2O=2Cl－+2HClO+CO2↑

B.向NaHCO3溶液中滴加少量氯水：2HCO3－+Cl2=Cl－+ClO－+2CO2↑+H2O

C.向NaClO溶液中通少量CO2：CO2+NaClO+H2O=NaHCO3+HClO

D.向NaClO溶液中通过量CO2：CO2+2NaClO+H2O=Na2CO3+2HClO参考答案：C解析：A．HClO的电离常数小于H2CO3的第一步电离，向Na2CO3溶液中滴加少量氯水，不能生成二氧化碳，应该生成碳酸氢根，故A错误；

B．向NaHCO3溶液中滴加少量氯水，HClO的电离常数小于H2CO3的第一步电离，产物不能生成二氧化碳，故B错误；

C．HClO的电离常数小于H2CO3的第一步电离，向NaClO溶液中通少量CO2：CO2+NaClO+H2O=NaHCO3+HClO，故C正确；

D．向NaClO溶液中通过量CO2，产物应该生成碳酸氢根，故D错误；故答案选C11.对某无色溶液中所含阴离子进行鉴别，根据实验事实所得出的相应结论正确的是：

实验事实结论A加入AgNO3溶液生成白色沉淀，加稀盐酸沉淀不消失一定有Cl—B通人CO2生成白色沉淀，CO2过量沉淀也不消失一定有A1O2—C通人Cl2后溶液变为黄色，加入淀粉溶液后溶液变蓝一定有I—D加入紫色石蕊试液，溶液变红色一定有OH—参考答案：C12.可逆反应aA(g)+bB(g)

cC(g)+dD(g)；△H=Q同时符合下列两图中各曲线的规律是（

）A．a+b>c+d

T1>T2

Q>O

B．a+b>c+d

T1<T2

Q<OC．a+b<c+d

Tl>T2

Q>O

D．a+b>c+d

T1>T2

Q<O参考答案：C略13.将铁片和锌片放在盛有NaCl溶液(其中滴有酚酞)的表面皿中，如下图所示。最先观察到变为红色的区域为()A．Ⅰ和Ⅲ

B．Ⅰ和Ⅳ

C．Ⅱ和Ⅲ

D．Ⅱ和Ⅳ参考答案：B14.向四支试管中分别加入少量不同的无色溶液进行如下操作，结论正确的是

（

）

操作现象结论A滴加BaC12溶液生成白色沉淀原溶液中有B滴加氨水和CC14，振荡、静置下层溶液显紫色原溶液中有I－C用洁净铂丝蘸取溶液进行焰色反应火焰呈黄色原溶液中有Na+，无K+D滴加稀NaOH溶液，将湿润的红色石蕊试纸置于试管口试纸不变蓝原溶液中无参考答案：B略15.下列有关实验的做法错误的是（）A．分液时，分液漏斗中的上层液体应由上口倒出B．用NaOH固体配制100mL

1mol?L﹣1的氢氧化钠溶液时，用到的玻璃仪器主要有玻璃棒、烧杯、量筒、胶头滴管、100mL容量瓶C．配制一定物质的量浓度溶液过程中，玻璃棒的作用主要是搅拌和引流D．容量瓶在使用前要检查是否漏水，若瓶内残留蒸馏水会导致所得溶液浓度偏低参考答案：D考点：化学实验方案的评价．

专题：实验评价题．分析：A．分液时避免上下层液体混合；B．配制溶液需要溶解、定容等操作；C．溶解时搅拌，定容时引流；D．瓶内残留蒸馏水对实验无影响．解答：解：A．分液时避免上下层液体混合，则分液漏斗中的上层液体应由上口倒出，故A正确；B．配制溶液需要溶解、定容等操作，则用到的玻璃仪器主要有玻璃棒、烧杯、量筒、胶头滴管、100mL容量瓶，故B正确；C．配制一定物质的量浓度溶液过程中，溶解时搅拌，定容时引流，故C正确；D．定容时需要继续加水，则瓶内残留蒸馏水对实验无影响，故D错误；故选D．点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握混合物分离提纯实验及操作为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，题目难度不大二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（7分）某钠盐溶液可能含有阴离子CO32－、SO32－、SO42－、Cl－、Br－、I一。为鉴定这些离子，分别取少量溶液进行以下实验：（填写下表空格）实验操作与预期现象实验结论判断理由步骤一用pH计测得混合液的pH=9.82①因为它们水解显碱性步骤二加HCl后，生成无色无味气体。该气体能使饱和石灰水溶液变浑浊；②③步骤三在步骤二反应后溶液中加CCl4，滴加少量氯水，振荡后，CCl4层未变色；肯定不存在Br－、I－④步骤四⑤肯定存在SO42－因为BaSO4不溶于盐酸。步骤五在步骤四反应后溶液中加HNO3酸化后，再加过量AgNO3，溶液中析出白色沉淀。不能确定Cl－是否存在⑥

参考答案：①CO32－和SO32－可能存在（1分）②肯定存在CO32－离子，不存在SO32－。（1分）③因为：CO32－+2H+＝CO2↑（无色无味）+H2OCa(OH)2+CO2==CaCO3↓+H2O（SO2具有刺激性气味）（1分）④因为加氯水后，CCl4层没有溴和碘的颜色出现（1分）⑤在步骤三反应后溶液中加BaCl2溶液产生白色沉淀，分离，在沉淀中加人足量盐酸，沉淀不能完全溶解；（2分）⑥因为在前面实验中加入盐酸和氯水（1分）三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.（8分）较低温度下，氯气通入石灰乳中可制得漂白粉，该反应为放热反应。某校甲、乙两化学研究性学习小组均用200mL12mol/L盐酸与17.4gMnO2在加热条件下反应制备氯气，并将制备的氯气与过量的石灰乳反应制取漂白粉，用稀NaOH溶液吸收残余的氯气。分析实验结果发现：①甲、乙两组制得的漂白粉中Ca(ClO)2的质量明显小于理论值，②甲组在较高温度下将氯气与过量的石灰乳反应，所制得的产品中Ca(ClO3)2的含量较高。试回答下列问题：

（1）上述实验中理论上最多可制得Ca(ClO)2多少克?

（2）实验中所得到的Ca(ClO)2的质量明显小于理论值，试简要分析其可能原因，并写

出可能涉及到的化学方程式。参考答案：答案：（1）根据题意，n(HCl)＝12mol/L×0.2L＝2.4mol

n(MnO2)＝17.4g/87g/mol＝0.2mol

MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O

n(HCl)︰n(MnO2)＝2.4︰0.2＝12︰1＞4︰1

所以浓盐酸过量，应根据MnO2计算。

根据制备氯气的化学方程式

n(Cl2)＝n(MnO2)＝0.2mol

又因为2Cl2＋2Ca(OH)2＝CaCl2＋Ca(ClO)2＋2H2O

n[Ca(ClO)2]＝1/2n(Cl2)＝0.1mol

m[Ca(ClO)2]＝143g/mol×0.1mol＝14.3g

（2）①随着反应进行，温度升高，会产生副产物Ca(ClO3)2

6Cl2＋6Ca(OH)25CaCl2＋Ca(ClO3)2＋6H2O

②Cl2未与石灰乳完全反应，残余氯气被NaOH溶液吸收，

Cl2＋2NaOH＝NaCl＋NaClO＋H2O18.（10分）用黄铜矿炼铜按反应物和生成物可将总反应可以写成：

aCuFeS2+bSiO2+cO2→dCu+eFeSiO3+fSO2（1）配平上述化学反应方程式：a=___

b=___

c=___

d=___

e=___

f=___

（2）若2.5吨黄铜矿（含CuFeS280%）发生上述反应，计算生成的SO2在标准状况下的体积（m3）。（3）若将标准状况下的SO2280mL通入100mL碘水中充分吸收后，多余的碘用0.182mol/LNa2S2O3溶液滴定（I2+2Na2S2O3=2NaI+Na2S4O6），用去Na2S2O3溶液5.50mL。写出SO2通入碘水中反应的离子方程式。（4）计算（3）中碘水的物质的量浓度。参考答案：（1）

225224（2分）（2）

2.5