广东省深圳红岭中学2023年高考临考冲刺物理试卷含解析

2023年高考物理模拟试卷注意事项10．5请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．作答选择题，必须用2B答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．52B64241ABA点与水平面相切，圆弧面的半径R4mAB两点间放平面薄木板。一个小物块以v0

410m/sA点滑上木板，并恰好能运动至最高点。物块与木板间的动摩擦因数为3，取g10m/s2。则小物块向上运动的时间为（ ）105

102

C．10s D．210s1 2 2、如图，在固定斜面上的一物块受到一外力FFF（F＞0）.1 2 物块的质量C

斜面的倾角D3ETCETC21.6km/h天线用了0.3s滴5m/s2ETC通道的长度约为（）A．4.2m B．6.0m C．7.8m D．9.6m4、建筑工人常常徒手向上抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住。在一次抛砖的过程中，砖块运动3s到1 12s3t11s5tt则2满足（）t11t 1

1t 1

1t 1 1tA．52

B．2

C．2

D．

21t 4 4t 31 1

3t 2 2t1 15、如图所示为单摆的振动图像，根据此振动图像不能确定的物理量是（ ）A．摆长 B．回复力 C．频率 D．振幅6、分别用频率为ν和2ν的甲、乙两种单色光照射某金属，逸出光电子的最大初动能之比为1∶3，已知普朗克常量为h，真空中光速为c，电子电量为。下列说法正确的是（ ）2ν的单色光照射该金属，单位时间内逸出的光电子数目一定较多1的单色光照射该金属不能发生光电效应4甲、乙两种单色光照射该金属，对应光电流的遏止电压相同445205307、为探究小球沿光滑斜面的运动规律，小李同学将一小钢球分别从图中斜面的顶端由静止释放，下列说法中正确的是（）A．甲图中小球在斜面2上的运动时间相等B．、2底端时的速度大小相等C．乙图中小球在斜面4上的运动时间相等D．乙、48r、O2O1O2+Q(Q>0)重力不计轴线运动，穿过两环后运动至左侧远处。在粒子运动的过程中O1O2，粒子一直做减速运动O1点时电势能最小O1点右侧存在一点，粒子在该点动能最大粒子从右向左运动的整个过程中，电势能先减小后增加9、如图所示，在电阻不计的边长为LabcdcdefB大小相等，B随时间t均匀增加，已知k ，磁场区域面积是金属框面积的二分之一，金属板长为L，板间距离为L．质量为m，电荷tqf板右边缘射出．不计粒子重力，忽略边缘效应．则abcda粒子带正电粒子初速度为L kq2m1、f410、关于热现象，下列说法正确的。A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压压缩过程一定放热DE.在自发过程中，分子一定从高温区域扩散到低温区域21811（6分）某实验小组测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材如下：待测干电池A1(0～200500Ω)电流表A2(0～0.60.3Ω)电压表V(0～155kΩ)E．电阻箱R(0～9999.9Ω)定值电阻R0(阻值为1Ω)R′(0～10Ω)开关、导线若干该小组在选择器材时，放弃使用电压表，原因。该小组利用电流表和电阻箱改装成一量程为2V的电压表，并设计了如图甲所示的电路，图中电流表a为 选填“A1”或“A2”)，电阻箱R的阻值。闭合开关调节滑动变阻器读出两电流表的示数I2的多组数据，在坐标纸上描绘出I1－I2图线如图乙所示根据描绘出的图线，可得所测干电池的电动势E＝ 内阻r＝ 。保留两位有效数字)12（12分）从下表中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电阻x可能高的测量精度。电流表应选用 ，电压表应选。完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏 a，b，c，…，k是表示接线柱的字母。请将图中接线错误（线两端接线柱的字母表示、引起的后果、改正的方法（改接、撤消或增添，填在图中表格相应的位置中。接线错误

引起的后果

改正的方法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，质量1=0.45kg的平顶小车静止在光滑水平面上，质量=0.5kg的小物块可视为质点静止在车m0=0.05kgv0=100m/s2m/s的速度滑离小车．已知子弹与车的作用时间极短，小物块与车顶面的动摩擦因数=0.g=10子弹相对小车静止时小车速度的大小；L．14（16分）如图所示，倾斜轨道AB的倾角为37，CEFAB与CD通过光滑圆弧管道BCCD右端与竖直光滑圆周轨道相连．小球可以从D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从E滑出该轨道进入EFA点释放，已知AB5R，CDRg，小球与斜轨ABCD、EF的动摩0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，圆弧管道BCBCl.8R在运算中，根号中的数值无需算出)(1)小球滑到斜面底端C时速度的大小．(2)小球刚到C时对轨道的作用力．(3要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径R应该满足什么条件？15（12分）如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xOy面向里，第四象限内存yEm、带电荷量为y轴的P点沿xx轴上的QP（Q（2，不计粒子重力。Q点时速度的大小和方向；yB的大小。参考答案64241、A【解析】设木板长度为l。向上滑动过程能量守恒，有1mv22 0

mgcoslmgh如图所示由几何关系得l2x2h2，sin

h，cosxl l又有Rl1l h2运动过程有mgcosmgsinma又有v0at解以上各式得10t 5 sA正确，BCD错误。故选A。2、C【解析】根据题意，设物块受到的最大静摩擦力为，对物块受力分析（如图所示，若F>msi，则物体有沿斜面向上运动趋势的方向应沿斜面向下阻碍物体相对运动趋势，有mgsinf ①；若F<mgsinθ，则物体有沿斜面向下的运动趋势，f的方向沿斜面向上阻碍物体相对运动趋势，有fmgsin ②；由最大静摩擦力等于滑动摩擦fmgcos---③，由①②可求得fm、斜面的倾角力（Nmgcos）也无法求出．综上所述，正确答案为C．【考点定位】静摩擦力及力的平衡3、D【解析】1 0 1 0.3s+0.7s内做匀速直线运动，位移为：x+t1 0 1 随后汽车做减速运动，位移为：x

2 62v 0 ETCv

+x＝6+3.6＝9.6m，故ABC2 2a 25 1 2错误，D正确【点睛】4、C【解析】3s0，可以从最高点开始逆向思维，把上升过程反过来看作自由落体运动。根据自由落体运动的公式h

12gt21s2s3s内的位移之比为S:S:S1 2

1:3:51sx2s3s5x。所以从最高点开始，砖块通过上抛第2s位移的1 1后3的位移为第2个x，通过第1s内位移的前5的位移即为第9个x，按照自由落体公式可得22xg22xg2xg129x29x928xg2所以99 82 12 0.41t1所以ABD错误，C正确。故选C。5、B【解析】由图可直接看出的物理量有：周期T=2s，振幅A=3cm；由单摆的周期公式：lgT=2lg则频率：1f 0.5HzT可求出摆长为：l=gT22B正确，ACD。6、B【解析】A．单位时间内逸出的光电子数目与光的强度有关，由于光的强度关系未知，故ABD．光子能量分别为EE1

=2h根据爱因斯坦光电效应方程可知光电子的最大初动能为Ekm

W0

，逸出光电子的最大初动能之比为1：3，联立解得1W= 0 2用频率为4的单色光照射该金属不能发生光电效应，故B正确，D错误；C．两种光的频率不同，光电子的最大初动能不同，由动能定理可知，题目对应的遏止电压是不同的，故C。45205307、BC【解析】．设斜面与水平面的倾角为，根据牛顿第二定律得加速度为amgsingsinm甲图中，设斜面得高度为h，则斜面得长度为hLsinh小球运动的时间为2La2hsin2La2hsingsin1 2hsin g可知小球在斜面2上运动的时间长，故A错误；B．达斜面底端的速度为2ghvat2gh与斜面得倾角无关，与h有关，所以甲图中小球下滑至斜面1、2底端时的速度大小相等，故B正确；C．乙图中，设底边的长度为d，则斜面的长度为s dcos1根据s2at2得2s 2d2s 2da gsincos4dgsin2可知=60和30 时，时间相等，故C正确；2ghD．根据v2gh

，可知速度仅仅与斜面得高度h有关，与其他的因素无关，所以乙图中小球下滑至斜面4底端时的速度较大，故D错误。故选BC。8、AC【解析】A．+Q圆环在水平线上产生的场强竖直分量叠加为0，只有水平分量相加，所以+Q圆环在水平线上的场强方向与水平线平行，同理Q圆环在水平线上的场强方向与水平线平行；根据场强的叠加，带负电粒子从O1

到O过程中，受2到的电场力合力方向始终水平向右，与粒子运动方向相反，所以粒子做减速运动，A正确；BC圆环在水平线上O1

处场强为0，在向右无穷远处场强为0，同理Q圆环在水平线上的场强分布也如此，根据场强的叠加说明在O1

右侧和O2

0的位置，所以粒子从右侧远处运动到O1

过程中，合场强先水平向左减小，带负电粒子所受电场力水平向右减小，电场力做正功，电势能减小，粒子做加速运动，在O1

右侧某位置合场强为0，粒子速度达到最大，动能最大；继续向左运动，合场强水平向右且增大，粒子所受电场力水平向左，电场力做负功，电势能增大，粒子做减速运动至O1

，B错误，C正确；D．粒子穿过O2

后，对比上述分析可知，粒子所受电场力先水平向右，后水平向左，所以电势能先减小，后增大，综合BC选项分析，D错误。故选AC。9、AC【解析】因为磁场垂直纸面向里均匀增大，故根据楞次定律可得金属框中感应电流方向为abcda，e板带负电，fA正确；f错误；粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向上有Lvt0在竖直方向上有1L2at2aEqmEUd而电容器两极板间的电压等于R两端的电压，故1BS 1 1 1U2 k t 2 2 4联立解得L kq2L kq2mv0C正确；D111111112Uq248k

D错误．AC10、BCD【解析】A．根据热力学第一定律，气体吸热后如果对外做功，则温度不一定升高，故AB．做功和热传递都可以改变物体的内能，故B正确；pVCUT＜0；再根据热力学第一定律：W+Q=△U，体积减小，外界气体做功，W＞0，则Q＜0，所以理想气体等压压缩过程一定放热，故C正确；理想气体绝热膨胀过程，Q=0，W＜0△U可知，△U＜0，所以理想气体绝热膨胀过程内能一定减少，故D正确；E错误。故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程11、量程太大，测量误差大 A1 9500 1.48 0.7～0.8均可【解析】(1)[1].由于一节干电池电动势只有1.5V，而电压表量程为15.0V，则量程太大，测量误差大，所以不能使用电压表；(2)[2][3].改装电压表时应选用内阻已知的电流表，故电流表a选用A1；根据改装原理可知：U 2；R r；I g

50095002001061(3)[4].根据改装原理可知，电压表测量的路端电压为：U=10000I根据闭合电路欧姆定律可知：11 2 10000IEI（R1 2 根据图象可知：E=1.48V；[5].图象的斜率表示内阻，故有：1.480.60rR 0

0.50

故有：r=0.8Ω12、A1 V1 ce 不利于调节电压，调节不当，电源可能短路，损坏电源 撤消ce连线【解析】（1）[1]器材中的电源为3V，被测电阻约为10kΩ，故通过电阻的电流最大约为I=3V/10kΩ=0.3mA=300μA刚好不超A1的量程，而A2的量程是0.6A就太大了；[2]电压表就选3V量程的V1，因为V2的量程也是太大了。（2）[3]0，故电路的实物图如图所示；（3）[4][5][6]接线错误的两个接线柱是ce，因为它接起来后，电压表与电源直接连接，变阻器的滑片如何滑动都不会影响电压表示数的变化了，当滑动滑片移动到最下端时，电源也可能短路，故是不可以的，应该将其去掉才行。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（1）10m/s （2）2m【解析】本题考查动量守恒与能量综合的问题．子弹进入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得m0v0=(m0+m1)v1 v1=10m/s三物体组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得(m0+m1)v1=(m0+m1)v2+m2v3 v2=8m/s由能量守恒可得1 1 12 2 m0m1)v2μ2g·L+ m0m1)v2+ m2v2 2 2 1 2 3解得L=2m14（1）【解析】

28gR （2）6.6mg，竖直向下（3）R0.92R5（）设小球到达C点时速度为，a球从A运动至C过程，由动能定理有1mg(5Rsin3701.8R)mgcos3705R

mv2（2分）2 c可得vc

5.6gR（1分）BC轨道做圆周运动，设在C点时轨道对球的作用力为N，由牛顿第二定律cNmgmv2cr

，（2分）其中r满足r+r·sin530=1.8R（1分）联立上式可得：N=6.6mg （1分）由牛顿第三定律可得，球对轨道的作用力为6.6mg，方向竖直向下．（1分）要使小球不脱离轨道，有两种情况：情况一：小球能滑过圆周轨道最高点，进入EF轨道．则小球b在最高点P应满足mv

mg（1分）P2RP21 1CP点过程，由动能定理，有mgRmg2R

2mvP22mvc2（1分）R

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