深圳葵涌官湖学校初中部中考物理模拟试题-图文

深圳葵涌官湖学校初中部中考物理模拟试题_图文一、选择题1．下列说法中，正确的是（）A.两个物体不接触就一定不产生力B.一个标准大气压可以支持760cm高的水银柱C书包带较宽是为了减小压强D.匀速上升的飞机，机械能保持不变.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器滑片P向右移动时，关于电C.电流表示数变大 D.电流表示数变小.小明在一只空碗中放一枚硬币，后退到某处眼睛刚好看不到它.另一位同学慢慢往碗中倒水时，小明在该处又看到硬币.这种现象可以用下列哪个光路图来解释？.在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的杯子盛满不同浓度的盐水，将两个完全相同的小球分别放入其中，当小球静止时，两个杯子中小球所处的位置如图所示，则（ ） 甲 乙A.甲杯中溢出的盐水质量较小B.乙杯底部所受的液体压强较大C.甲杯底部所受的液体压力较大D.小球在乙杯中受到的浮力较大5.一个灵敏电流表G的内阻为Rg,其满偏电流为Ig（所能测量的最大电流），如果要将其改装成量程为nIg的电流表，下列改装方法正确的是（ ）

A.串联一个阻值为nRg的电阻B.串联一个阻值为(n-1)Rg的电阻1c.并联一个阻值为nRg的电阻D.并联一个阻值为1-R的电阻n-1g6．如图所示，炎热的夏季，在无风的环境中，剥开冰棒纸后，可以看到冰棒周围会冒“白C.“白气”属于汽化现象，要放热 D.“白气”属于凝华现象，要吸热7．小明家所在的小区安装了自动售水机．售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，接通供水电机取水，也可以通过投币闭合“投币开关”，接通供水电机取水；光线较暗时“光控开是( )A.小球在A点和。点，所受重力的方向不相同B.小球由。点到B点的过程中，重力势能转化为动能C.当小球刚好摆动到。点时，假如所有外力都消失，小球将保持静止状态D.小球由A点到。点的过程中受到力的作用，运动状态发生改变，速度增大9．我国未来的航母将采用自行研制的电磁弹射器．电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，舰载机受到强大的推力而快速起飞．电磁弹射器工作原理与下列设备或用电器工作原理一致的是（）电铃 手摇发电机 电风扇 电磁起重机10．下列物态变化过程中，需要吸收热量的是（）A.湖水结成冰B.樟脑丸变小 C.露珠的形成 D.雾淞的形成11．小明运用所学物理知识对足球比赛中的一些现象进行分析，下列说法中正确的是（ ）A.踢出去的足球能继续向前飞行是因为足球受到惯性的作用B.足球在空中飞行时机械能守恒C.空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将立即落地D.足球最终停止在草坪上时，所受的重力和地面对它的支持力是一对平衡力12．你认为以下估测数据最符合实际的是（ ）A.一个中学生双脚站在地面上时对地面的压强约为1.5X103PaB.两节新干电池并联时的电压为3VC.一枚鸡蛋受到的重力约为0.5ND.教室内一盏日光灯工作时的电流约为1A13．对于光现象，下列说法正确的是（ ）A.光由空气斜射入水中时，折射光线将偏离法线B.人眼看见水中的“鱼”是由光的反射形成的虚像C.我们看到的各种颜色的色光都是由红、黄、蓝三种颜色的色光混合而成的D.使用支付宝软件扫码开锁哈罗单车的过程中，手机距离二维码应大于二倍焦距14．超市的服装贴有磁性标签，未消磁的标签通过超市安检门时，安检门上的线圈会产生电流，触发报警器达到防盗目的．则安检门的工作原理是A.磁极间的相互作用B.通电导体周围存在磁场C.电磁感应D.磁场对通电导体的作用15．下列估测的数据中最符合实际的是（ ）

A.唐山夏季的最高气温为25℃B.医用外科口罩的长度约为30cmC.人正常步行的速度约为1.2m/sD.我国国歌演奏一遍的时间约为5min16．以下关于力的描述不正确的是A.A.力是物体运动的原因C力能使物体发生形变17．科学家在物理领域的每次重大发现B.力能改变物体的运动状态D•力的作用效果与力的三要素有关都有力地推动了人类文明的进程。历史上首先发将标有“3.8V0.2A”的灯泡L将标有“3.8V0.2A”的灯泡L1和“3.8V0.3A”的灯泡L2接在两节新干电池上，如图所18．现通电导体周围存在磁场，为人类进入电气化时代奠定了基础的物理学家是（）示，闭合开关后两灯均发光。假设灯泡的电阻不受温度影响，下列判断正确的是（ ）A.电流表A1测L1的电流 B.灯L1更亮仁灯L1的电阻丝更细 D.电流表A2的示数为0.5A19.如图甲所示是小灯泡L的I-U图象，把小灯泡接入图乙的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S,电压表示数为3V;再将滑片P向左移动直到电压表示数为6V,此时小灯泡L刚好正常发光。已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“20Q2A”，则下列说法正确的是（ ）A.电源电压为9VB.小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为9QC.小灯泡的额定电功率为3WD.在滑动变阻器移动的过程中，电路中消耗的总功率的最大值和最小值之比为25：620.如图所示，下列说法正确的是（）A.甲图中道路两旁的隔音墙是在声源处减弱噪声B.乙图中手在小提琴上不同位置按弦，主要目的是改变音调C.丙图中用B超检查身体说明声音可以传递能量D.丁图中太空中宇航员能对话，说明声音可在真空中传播21.如图所示，甲、乙两个圆柱形容器中分别装有深度相同、密度不同的液体，静止在水平桌面上。甲容器的底面积为S1,乙容器的底面积为S2；甲容器中液体的密度为p1,液体对容器底产生的压力为F1、压强为p1;乙容器中液体的密度为p2,液体对容器底压力为F2、压强为p2。已知3S1=5S2,2p1=p2。则下列叙述中正确的是（ ）甲 乙F1>F2，p1Vp2 B. F1=F2, p1Vp2 C. F1<F2, p1Vp2 D. F1<F2, p1>p222.将“气压火箭”发射筒内充满气体,并在发射管外安装好纸火箭外壳。如图所示,按下发射气阀,随着“砰”的一声响,火箭飞出,同时看到下端管口出现了明显的“白气”。下列叙述中正确的是（ ）“白气”是由于外界水蒸气吸热产生的C.发射筒内气体与外界气体发生热传递，内能增加D.发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，内能减小23．如图所示，一束平行光经过一薄凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑，小华同学用此凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，则下列说法正确的C当发光物体距凸透镜5cm时，调节光屏位置可形成正立缩小清晰的虚像D.小华在光屏上调节出了倒立缩小清晰的实像，是利用了照相机的原理24．为验证阿基米德原理，小明将电子秤放在水平桌面上并调零，然后将溢水杯放到电子秤上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，再用细线系住铝块并将其缓慢浸入溢水杯的水中，如图6所示，铝块始终不与溢水杯接触．则下列四个选项中，判断正确的是A.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，水对溢水杯底的压力变小B.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，水对溢水杯底的压强变大C.铝块浸没在水中静止时，绳对铝块的拉力等于铝块排开水的重力D.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，若电子秤示数不变，则验证了阿基米德原理25．下列说法中正确的是（ ）A.坐高铁必须在站台的黄色安全线以外的区域候车，因为空气流速越大，压强越大B.用水平力推静止在水平路面上汽车但没推动，此时推力小于汽车所受的阻力C.看到有人掉入湖里的冰窟窿，应匍匐前进救人，这是为了减小人对冰面的压强D.跳伞运动员打开伞匀速下落过程中，他的重力势能转化为动能

26．生活中热现象随处可见，下列说法中不正确的是（）A.吃过桥米线时，装有热汤的碗很烫，因为碗含有的热量多B.冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用做功的方式改变内能C人们用水冷却发动机，是因为水的比热容大D.使用高压锅更容易把食物煮熟，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理27．下列关于热现象说法正确的是（27．下列关于热现象说法正确的是（A.雪的形成是凝固现象，放热C.霜的形成是凝华现象，放热）B.露的形成是液化现象，吸热D.云的形成是汽化现象，吸热28．如下图所示的实例中,属于增大压强的是在铁轨下面铺枕木切熟鸡蛋的钢丝很细D.在铁轨下面铺枕木切熟鸡蛋的钢丝很细D.29.图所示电路中，电源两端电压为U,且保持不变，R1、R2和R3为三个定值电阻，已知R1=5Q,当只闭合开关S2时，电流表的示数为0.3A,电路消耗的总功率为户；当三个开关都闭合时，电流表的示数变化了1.95A,电路消耗的总功率为P’,当只断开开关S1时，电流表的示数为0.45A,电路消耗的总功率为P〃，下列判断正确的是U=6V,R2=200U=9V,R3=300R3=100,P:P〃=3:2R2=200,P:P'=2:1530.福州因“满城榕树，绿荫蔽日”而得“榕城”之别称。“绿荫蔽日”的主要原因是

A.光的直线传播 B.光的反射 C.光的折射 D.光的色散二、实验题计算题31．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Q）.（1）①为了能够顺利完成实验探究，应选用（“10Q0.5A”/“50Q0.5A”）规格的滑动变阻器．TOC\o"1-5"\h\z②请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整 ；（2）电路连接完整后，闭合开关发现灯泡不亮，电流表和电压表均无示数，为了迅速找出故障，他不应该首先检查的是 ．．．A.滑动变阻器是否接触不良 B.开关是否接触不良C.电流表接线柱是否接触不良 D.电压表接线柱是否接触不良（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，其读数是 V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向（选填"A”或"B”）端移动．（4）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示），分析图象可知：小灯泡的额定功率为W;当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比__．（选填“变大”、“变小”或“不变”）．（5）小华打算增加两只开关和一个阻值为10Q的电阻R。，只用一只电表来测量小灯泡的额定功率．方案一和方案二是小华设计的两种不同方案的电路图．则以下判断正确的是方案一 方案一：A.两种方案都可行 B.两种方案都不可行C.方案一可行，方案二不可行 D.方案一不可行，方案二可行32.如图所示，在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡上标有“2.5V,字样。

（1）图乙是张杰根据电路图甲连接的实物图，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于（选填‘'A"或"B”）端，经检查发现有一根导线连接错误，请你在图乙中连接错误的导线上打“X”并补画出正确的连线。（2）小科同学正确连接电路后进行实验，并记录实验数据。当他断开开关时，才发现电压表如图所示，他测得小灯泡的额定功率将（选填“大于”、“小于”或“等于”）正确值。小科同学重新实验，在不对电压表进行校零的情况下，应移动滑动变阻器对测量的影响，则电阻R1的测量结果与真实值相比偏（选填“大”或“小”）。33．小明在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中：（1）连接电路时，开关应 ．请用笔画线代替导线，根据如图将如图所示的实物电路连接完整 ．（2）闭合开关后，发现电压表无示数，故障的原因可能是：①②.（故障在R或R'））（3）排除故障后，小明通过实验得到数据如表（一）所示，其中第1次实验的电流表示数为—A.根据表（一）的数据，可得出的结论是我t—3皋（-5宾里摩乌12安览序碑14B触值反，白ffcf&R/OR.615电压U/VL61,62.0电压WV2,0九3电源0.15也20电蠹［以0-20ais（4）小明继续探究电流与电阻的关系，将电阻R先后更换为5Q和15Q的电阻进行实验，得到数据如表（二）所示．通过分析表（二）的数据，可知小明在操作过程中存在的错误是.按照正确的操作，当把R由10Q换成5Q时，滑动变阻器R’的滑片应向—（选填"A”或"B”）端移动。（5）该实验结束后，小明又重新设计了电路（如图），测量一个小灯泡的额定功率，这个小灯泡正常工作的电流为11.请帮他完成实验步骤（已知电源电压为U）.①只闭合开关S1,移动滑动变阻器R2的滑片，使电流表示数为；②只闭合开关S2,保持滑动变阻器R2的滑片位置不变，使电流表示数为11；再将滑动变阻器R2的滑片调到最左端，读出电流表的示数为12；③则小灯泡的额定功率表达式为户额=.34．小华做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材齐全且完好，电源的电压有2、4、6、8、10和12伏六档，滑动变阻器有A、B两个（A标有“10Q1A”字样，B标有“20Q2A字样”）.待测小灯标有“2.5V”字样，小华选用电源的电压为6伏档，并选取一个变阻器进行实验，他正确连接电路且实验步骤正确．闭合电键时，发现小灯发光较亮，电压表、电流表的示数分别如图（a）、（b）所示：的（1）小华在实验中，选用的变阻器是—（选填"A”或"B”）（2）若要测出该小灯的额定功率，小华可采用的方法有：方法一： ；方法二： ．（3）小明按上述方法更改后继续实验．调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，读出并记录此时 表的示数．判定该小灯正常发光的方法是 ．

(4)另一小组在实验中发现，调节滑动变阻器过程中，电流表示数变大，电压表示数变小，造成这种现象的原因可能是： ．35.一只小灯泡的额定电压为2.0V,正常发光时的电阻约为8Q.小明想测量这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：一个电压表、一个电流表、一个开关，电压为6V的电源，滑动变阻器有A规格：“10Q2A”、B规格：“30Q1A”可选.导线若干.(1)本实验应该选择(选填"A”或“B”)规格的滑动变阻器.(2)请用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整 (要求滑片向左滑动时变阻器阻值变小).(3)小明在连接好电路的最后一根导线时，发现电压表指针立刻偏到最大刻度处，小灯泡却不亮，且电流表也没有示数，上述现象反映他在操作中存在的不规范之处是 ，出现上述故障的原因可能是(4)排除故障后，小明发现他很幸运，电压表并没有因此而损坏.小明便开始进行测量，调节滑动变阻器滑片位置直到电压表读数为2.0V,小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则该小灯泡的额定功率为 W．36.小王同学设计了图甲所示的简单水温表电路.图中电源两端的电压为6V保持不变，R0是阻值为5是阻值为5Q的定值电阻，R为铭牌上标有“10Q1A”的滑动变阻器，Rt是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示.电流表采用“0〜0.3A”的量程."6丁M就典侬(1)小王在连接好电路且闭合开关后，向Rt上擦一些常温的酒精，用扇子对着Rt扇风，观察到的现象是电流表示数 (选填“变小”或“变大”)；(2)如果滑动变阻器接入电路中的电阻为零，则该电路能测量的最高温度是 ℃；(3)为了能测量0〜100c的水温，且当水温达到100c时，要求电流表的示数达到最大值，则滑动变阻器接入电路中的电阻应调为Q,0℃应该与电流表刻度盘的A位置对应.【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除一、选择题1．C【解析】【分析】【详解】A.两个物体不接触也可以产生力，如地球对天上的飞机施加有竖直向下的重力作用，故A错误；B.托里拆利最先通过实验的方法测量了大气压的数值，在托里拆利实验中，一个标准解析：C【解析】【分析】【详解】A.两个物体不接触也可以产生力，如地球对天上的飞机施加有竖直向下的重力作用，故A错误；B.托里拆利最先通过实验的方法测量了大气压的数值，在托里拆利实验中，一个标准大气压可以支持起760mm的水银柱，故B错误；C.书包带较宽是通过增大受力面积以减小压强，故C正确；D.匀速上升的飞机，速度不变但高度变大，即动能不变但重力势能增大，即机械能也增大，故D错误。故选C。2．D【解析】【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流。AB.因为电源电压不变，所以电压表的示数始终不变，与滑片移动的方向无关，故AB错误；CD.当滑解析：D【解析】【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流。AB.因为电源电压不变，所以电压表的示数始终不变，与滑片移动的方向无关，故AB错误；CD.当滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，即电路中的总电阻变大，由欧姆定律I=U可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C错误，DR正确。3.B【解析】【分析】【详解】当我们用眼睛看到水中的硬币，是因为硬币反射的光进入到了我们的眼睛的缘故；根据光的折射定律的内容知道，光从水斜射入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射解析：B【解析】【分析】【详解】当我们用眼睛看到水中的硬币，是因为硬币反射的光进入到了我们的眼睛的缘故；根据光的折射定律的内容知道，光从水斜射入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，且光线是从硬币上发出的，故B图正确.故选B.4.C【解析】【分析】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。【详解】AD.因为物体漂浮解析：C【解析】【分析】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。【详解】AD.因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以完全相同的小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，根据F，=仃排二加排g可知，小球排开液体的质浮排排量相同，故A、D不符合题意；BC.由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，因为P、庙＞P^时物体漂液物浮，P、庙二「物时物体悬浮，所以甲杯中盐水的密度大于乙杯中盐水的密度，由于两杯中液液物面相平，根据P=Pgh可知，甲杯底压强大于乙杯底压强，底面积相同，根据F=PS可知，甲杯中所受液体的压力较大，故B不符合题意、C符合题意。故选C。5．D【解析】【分析】【详解】一个灵敏电流表的内阻为，其满偏电流为（所能测量的最大电流），如果要将其改装成量程为的电流表，根据分流原理，应并联一个电阻，根据并联电路电流的规律可知，通过并联电阻的解析：D【解析】【分析】【详解】一个灵敏电流表G的内阻为R，其满偏电流为I（所能测量的最大电流），如果要将其gg改装成量程为nI的电流表，根据分流原理，应并联一个电阻R，根据并联电路电流的规g律可知，通过并联电阻R的电流为I=nI—IR ggU并联电路各支路两端的电压相等，由I=-可知电流的分配与电阻成反比，即nI—I R—g g=—gI Rg解得电阻R的阻值为R=-LrR

n—1g故ABC错误，D正确。故选D。6．A【解析】【分析】（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接解析：A【解析】【分析】(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；(2)物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行，其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。【详解】夏天剥开冰棒纸时，可以看到冰棒的周围冒“白气”，“白气”是由空气中的水蒸气遇到冷的冰棒液化形成的，液化放热，故A正确、BCD错误。故选：A。7．A【解析】分析：根据题意可知，刷卡和投币都可以使电动机工作；光控开关控制照明灯．解答：由题知，售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，接通供水电机取水，也可以通过投币闭合“投币开关”，这说明刷卡解析：A【解析】分析：根据题意可知，刷卡和投币都可以使电动机工作；光控开关控制照明灯．解答：由题知，售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，接通供水电机取水，也可以通过投币闭合“投币开关”，这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的；光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的；结合图示可知，只有A符合题意，BCD不符合题意.故选A.【点睛】(1)开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的．(2)根据实际需要学会设计串联电路和并联电路．8．D【解析】【分析】【详解】A.小球在点和点时，受到的重力的方向相同，都是竖直向下的，故A错误；B.小球由点到点的过程中，质量不变，速度减小，高度增大，则小球的动能减小，重力势能增大，所以，解析：D【解析】【分析】【详解】A.小球在A点和。点时，受到的重力的方向相同，都是竖直向下的，故A错误；B.小球由。点到B点的过程中，质量不变，速度减小，高度增大，则小球的动能减小，重力势能增大，所以，在此过程中动能转化为重力势能，故B错误；C.当小球刚好摆到。点时，在水平方向上有一定的速度，假如所有力突然都消失，根据牛顿第一定律可知，小球将做匀速直线运动，故C错误；D.小球由A点到。点的过程中受到重力和拉力的共同作用，速度逐渐变大，所以运动状态发生了变化，故D正确。故选D。9．C【解析】【分析】【详解】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动．A.电解析：C【解析】【分析】【详解】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动．A.电铃是利用电磁铁来工作的，故A不符合题意；B.发电机的工作原理是电磁感应现象，故B不符合题意；C.电风扇的主要部件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故C符合题意；D.电磁起重机是利用电磁铁工作的，故D不符合题意.故选C.10．B【解析】湖水结成冰，是凝固放热过程；樟脑丸变小，是升华吸热过程；露珠的形成，是液化放热过程；雾凇的形成，是凝华放热过程；故B正确.点睛：重点是物态过程中的吸热解析：B【解析】湖水结成冰，是凝固放热过程；樟脑丸变小，是升华吸热过程；露珠的形成，是液化放热过程；雾凇的形成，是凝华放热过程；故B正确.点睛：重点是物态过程中的吸热和放热，除了要记清楚六个物态变化的过程谁吸热、谁放热，还要多了解一些物态变化在生活生产中的应用，体会物理知识与生活的紧密联系．11．D【解析】【分析】【详解】A.惯性是物体的属性，踢出去的足球能继续向前飞行是因为足球具有惯性，不能说受到惯性，故A错误；B.足球在空中飞行时受到重力和空气阻力，要克服空气阻力做功，把一部分解析：D【解析】【分析】【详解】A.惯性是物体的属性，踢出去的足球能继续向前飞行是因为足球具有惯性，不能说受到惯性，故A错误；B.足球在空中飞行时受到重力和空气阻力，要克服空气阻力做功，把一部分机械能转化为内能，故机械能不守恒，故B错误。C.空中飞行的足球，若它所受的力全部消失它将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故C错误。D.足球最终停止在草坪上时，足球受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力，故D正确。故选D。12．C【解析】【分析】【详解】A.一个普通中学生的体重G=600N,站在水平地面上与地面的接触面积约S=0.06m2,所以他对地的压强约为故A不符合实际；B.由于并联电路两端电压相等，一节解析：C【解析】【分析】【详解】A.一个普通中学生的体重G=600N,站在水平地面上与地面的接触面积约S=0.06m2,所以他对地的压强约为P二J4=1x岫

S0.06m2故A不符合实际；B.由于并联电路两端电压相等，一节干电池的电压为1.5V,故两节新干电池并联时的电压仍为1.5V，故B不符合实际；C.将一枚鸡蛋托起的力约为0.5N,故C符合实际；D.一盏教室内的日光灯，它正常工作时的电流约为0.2A,故D不符合实际。故选C。13．D【解析】【分析】(1)光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；(2)光从一种透明介质斜射解析：D【解析】【分析】(1)光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；(2)光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，光线的传播方向会发生改变，折射时形成的像是虚像；(3)光的三原色：红、绿、蓝；(4)摄像头的原理与照相机相同，物体应位于其镜头的二倍焦距之外。【详解】A.据光的折射定律可知，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，故折射光线将靠近法线，故A错误；B.看到水中的鱼是由于光线从水中通过空气进入人的眼睛的，因此是光的折射现象形成的，并且像为虚像，故B错误；C.我们看到的各种颜色的色光都是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，故C错误；D.扫描二维码时，二维码成倒立缩小的实像，二维码要位于摄像头的二倍焦距以外，手机上的摄像头相当于一个凸透镜，故D正确。故选D。14．C【解析】当未消磁的标签经过超市出口处的安全门时，安全门上的线圈会产生感应电流，因此该现象属于电磁感应现象，故C正确，ABD错误.故选C.解析：C【解析】当未消磁的标签经过超市出口处的安全门时，安全门上的线圈会产生感应电流，因此该现象属于电磁感应现象，故C正确，ABD错误.故选C.15．C【解析】【分析】【详解】A.唐山夏季高温炎热，最高气温在35℃以上。故A不符合题意；B.一根铅笔的长度在15cm左右，医用外科口罩的长度与此差不多，约为15cm。故B不符合题意；C.人解析：C【解析】【分析】【详解】A.唐山夏季高温炎热，最高气温在35℃以上。故A不符合题意；B.一根铅笔的长度在15cm左右，医用外科口罩的长度与此差不多，约为15cm。故B不符合题意；C.人正常步行的速度在1

4km/h=4义——m/s氏1.1m/s3.6左右，接近1.2m/s。故C符合题意；D.我国的国歌长度较小，完整演奏一遍中华人民共和国国歌所需的时间不到1min,在47s左右。故D不符合题意。故选C。16．A【解析】【分析】【详解】力的作用效果是：力能改变物体的运动状态；力能使物体发生形变．力的作用效果与力的三要素有关．力是改变物体运动状态的原因，不是运动的原因，物体运动不需要力，A错误.解析：A【解析】【分析】【详解】力的作用效果是：力能改变物体的运动状态；力能使物体发生形变．力的作用效果与力的三要素有关.力是改变物体运动状态的原因，不是运动的原因，物体运动不需要力，A错误．17．B【解析】【分析】【详解】A.焦耳发现了电流通过导体产生的热量与电流的平方成正比，与导体的电阻成正比，与通电时间成正比，即焦耳定律，故A不符合题意；B.丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围解析：B【解析】【分析】【详解】A.焦耳发现了电流通过导体产生的热量与电流的平方成正比，与导体的电阻成正比，与通电时间成正比，即焦耳定律，故A不符合题意；B.丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系，故B符合题意；C安培发现了通电螺线管的磁场方向与电流方向之间的关系，即右手螺旋定则，故C不符合题意；D.法拉第发现了电磁感应现象，从而能够利用磁场产生电流，故D不符合题意。故选B。18．C【解析】【分析】【详解】A.如图所示，电流表A1测L2的电流，故A错误；B.两灯额定电压相同，L1电流较小，电阻较大；两灯并联接在电路中，实际电压相同，根据可知，电阻越大，实际功率越小，解析：C【解析】【分析】【详解】A.如图所示，电流表A1测L2的电流，故A错误；B.两灯额定电压相同，L1电流较小，电阻较大；两灯并联接在电路中，实际电压相同，根U2据P=—可知，电阻越大，实际功率越小，L2更亮，故B错误；C.电阻与横截面积有关，材料和长度一定时，横截面积越小，电阻越大，由B可知，灯L1的电阻丝更细，故C正确；D.2节新干电池的电压为3V,低于额定电压，灯泡中的电流低于额定电流，干路中的电流小于0.5A,电流表A2测干路电流，所以电流表A2的示数小于0.5A,故D错误。故选C。19．B【解析】【分析】【详解】A.当滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S,电压表示数为3V,由甲图可知，此时电路中的电流为0.6A,滑动变阻器全部接入，则滑动变阻器两端的电压为故电源电压为解析：B【解析】【分析】【详解】A.当滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S,电压表示数为3V,由甲图可知，此时电路中的电流为0.6A,滑动变阻器全部接入，则滑动变阻器两端的电压为U=IR=0.6A义20Q=12V滑故电源电压为U=U+U=12V+3V=15V总滑L故电源电压为15V,A选项错误；B.再将滑片P向左移动直到电压表示数为6V,此时小灯泡L刚好正常发光，此时电路中的电流为1A,则滑动变阻器两端的电压为U=U—U=15V-6V=9V滑总L则滑动变阻器的电阻为故B选项正确。C.小灯泡的额定电功率为P=UI=6Vx1A=6W额故C选项错误；D.在滑动变阻器移动的过程中，电路中消耗的总功率时，电流最大，最大电流由小灯泡的额定电流决定，发现最大的额定电流为1A,则电流中最大的功率为P=UI=20Vx1A=20Wmaxmax当滑动变阻器全部接入时，此时电流为0.6AP=UI=20Vx0.6A=12Wminmin电路中消耗的总功率的最大值和最小值之比为P:P=20W:12W=5:3maxmin故D选项错误。故选B。20．B【解析】【分析】【详解】A.甲图中道路两旁的隔音墙是在传播途中减弱噪声，故A错误；B.手在小提琴上不同位置按弦，主要通过改变弦的长度来改变音调，故B正确；C.利用B超检查人体疾病是利用解析：B【解析】【分析】【详解】A.甲图中道路两旁的隔音墙是在传播途中减弱噪声，故A错误；B.手在小提琴上不同位置按弦，主要通过改变弦的长度来改变音调，故B正确；C.利用B超检查人体疾病是利用声音能够传递信息，故C错误；D.太空中宇航员能对话是利用电磁波传递信号的，真空不能传播声音，故D错误。故选B。21．C【解析】【分析】【详解】

由题可知，2p1=p2,所以所以已知3s1=5S2,即根据公式所以故选C。解析：C【解析】【分析】【详解】由题可知，2p1=p2，所以P=PghP=Pgh

11P=Pgh=2Pgh

22 1所以P[<P2已矢口3S1=5S2，即根据公式F=PSF=pS=pghS=—pghS1 11 1 1 3 1 2F=PS=PghS=2PghS所以故选所以故选Co22．D【解析】【分析】F<F12【详解】管口的“白气”是水蒸气温度降低，放热液化形成的小水滴，不是因为与外界气温低发生热传递，发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，气体内能减小，纸火箭机械能增大。故选D。解析：D【解析】【分析】【详解】管口的“白气”是水蒸气温度降低，放热液化形成的小水滴，不是因为与外界气温低发生热传递，发射筒内气体对筒身与纸火箭做功，气体内能减小，纸火箭机械能增大。故选Do23．D【解析】【分析】【详解】A.由图知，光斑即焦点处，所以焦距当发光物体距凸透镜时，物距为，成倒立、缩小的实像，故A错误；B.当发光物体距凸透镜时，物距为，，调节光屏位置可形成倒立、解析：D【解析】【分析】【详解】A.由图知，光斑即焦点处，所以焦距f=40.0cm-30.0cm=10.0cm当发光物体距凸透镜30cm时，物距为u=30cm>20cm,u>2f成倒立、缩小的实像，故A错误；B.当发光物体距凸透镜15cm时，物距为u=15cm,2f>u>f,调节光屏位置可形成倒立、放大的实像，故B错误；C当发光物体距凸透镜5cm时，此时u<f,成正立放大的虚像，此时物像同侧，从透镜的右边通过透镜可以看到一个正立的烛焰的虚像，不能成在光屏上，故C错误；D.小华在光屏上调节出了倒立缩小清晰的实像，u>2f,是照相机的原理，故D正确。故选D。24．D【解析】【分析】【详解】A.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式口=。且卜可知，水对溢水杯底的压强不变，由压强公式F=pS可知，水对溢水杯底的压力不变解析：D【解析】【分析】【详解】A.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式p=pgh可知，水对溢水杯底的压强不变，由压强公式F=pS可知，水对溢水杯底的压力不变，故A错误.B.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式p=pgh可知，水对溢水杯底的压强不变，故B错误.C•铝块浸没在水中静止时,绳对铝块的拉力F产-F浮故C错误.D.铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比，若电子秤示数不变，则说明铝块受到的浮力等于排开水的重力，验证了阿基米德原理，故D正确.答案为D.25．C【解析】【详解】A.当列车驶进站台时，会带动车厢附近的空气流动速度加快，此时车厢远处的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：车厢远处空气流速慢压强大，而车厢附近流速快压强小，会产生一解析：C【解析】【详解】A.当列车驶进站台时，会带动车厢附近的空气流动速度加快，此时车厢远处的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：车厢远处空气流速慢压强大，而车厢附近流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，所以人必须站在安全线以外的区域候车，故A错误；B.用水平力推静止在水平路面上汽车但没推动，车仍然处于平衡状态，受到平衡力的作用，故推力等于车所受的阻力，故B错误；C.看到有人掉入湖里的冰窟窿，应匍匐前进，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故C正确；D.跳伞运动员打开伞匀速下落过程中，重力势能减小，动能不变，因此不是重力势能转化为动能，故D错误。故选C。26．A【解析】【分析】【详解】A.吃过桥米线时，装有热汤的碗很烫，是因为热汤的温度高，不能说汤含有的热量较多，故A错误，A符合题意；B.冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用做功的方式改变内能，故解析：A【解析】【分析】【详解】A.吃过桥米线时，装有热汤的碗很烫，是因为热汤的温度高，不能说汤含有的热量较多，故A错误，A符合题意；B.冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用做功的方式改变内能，故B正确，B不符合题意；C.人们用水冷却发动机，因为水的比热容较大，在升高相同的温度时，水吸收的热量多，因此用水冷却汽车发动机效果较好，故C正确，C不符合题意；D.使用高压锅更容易把食物煮熟，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理，故D正确，D不符合题意。故选A。27．C【解析】A.雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热，故A错误.B.露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误.C.霜是水蒸气由气态直接变为固态凝华形成的解析：C【解析】A.雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热，故A错误．B.露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误.C.霜是水蒸气由气态直接变为固态凝华形成的，凝华放热，故C正确.D.云的形成是液化现象，液化放热，故D错误.答案为C.点睛：解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，正确认识物态变化的类型．28．D【解析】【分析】【详解】铁轨铺在枕木上是压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基．不符合题意．大型载重车装有很多车轮,是在压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强解析：D【解析】【分析】【详解】铁轨铺在枕木上是压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基．不符合题意．大型载重车装有很多车轮,是在压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基．不符合题意．书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，背书包时舒服些．不符合题意．切熟鸡蛋的钢丝很细是在压力一定时，减小受力面积来增大鸡蛋的压强，容易把鸡蛋切开．符合题意．29．D【解析】【分析】【详解】当只闭合开关S2时，电阻、串联，则=0.3A，P=0.3U当三个开关都闭合时，电阻、并联，则+=0.3A+1.95A,P'=2.25U当只断开开关S1解析：D【解析】【分析】【详解】当只闭合开关s2时，电阻R、R串联，贝U2 23

=0一/=0.3A,P=0.3UR+R当三个开关都闭合时，电阻R当三个开关都闭合时，电阻R1—2并联,则U—+—=0.3A+1.95A，P'=2.25U12当只断开开关S1时，电路中只有R2，则U—=0.45A，P"=0.45U—2解三式得U=9v,R2=200,R3=100,P:P'=2:15,P:P〃=2:3所以D正确。故选D。30．A【解析】【分析】【详解】绿荫蔽日是指绿荫挡住了天空和太阳,太阳光被树叶遮挡后,在下边形成一个黑色的区域,形成树荫实际上就是大树的影子,是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故BCD不符合题解析：A【解析】【分析】【详解】太阳光被树叶遮挡后,在下边形成一个黑色的区是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故BCD绿荫蔽日是指绿荫挡住了天空和太阳，域，形成树荫实际上就是大树的影子，不符合题意，太阳光被树叶遮挡后,在下边形成一个黑色的区是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故BCD故选A。二、实验题计算题【解析】（【解析】（1）①测量小灯泡的电功率实验中，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中电流，由题知灯泡正常发光时电路中电流约为：kU/Rl=2.5V/12Q，0.21A,由串联电路特点可知：/=/R=IL=0.21A,此时变阻器连入阻值：R=UR/1=U-UL/I=6V-2.5V/D.21A，16.7Q,所以应选择滑动变阻器的规格为5000.5A。①由可知，I=0.21A,电流表选择小量程即可，将电流表0.6A接线柱与灯泡左端接线柱连接即可，如下图所示：（2）电路连接完毕，闭合开关灯泡不亮．为保护电路，必须先断开开关切断电路，进行故障检验；灯不亮，电流表、电压表无示数，说明整个电路是断路状态，电流表、滑动变阻器、和开关都串联在电路中，这三个元件可能断路，电压表并联到灯泡两端，若电压表断路，则电流表有示数，故选D。（3）由图乙可知，电流表选择的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A,实验过程中，要使小灯泡正常发光，电压表的示数应等于小灯泡的额定电压2.5V,调节滑动变阻器，故滑动变阻器B端滑动。（4）当电压表示数为2.5V时，灯泡正常发光，由丙图象此时灯泡的电流为0.2A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5Vx0.2A=0.5W；由图象可知，因为灯泡电阻受温度的影响，灯泡的电流与电压不成正比，当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大。（5）方案一图中，通过闭合不同的开关能知道小灯泡是否正常发光，方案一能测定小灯泡的额定电功率；方案二中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接。时，电压表测定值电阻的电压，S接b时测灯和定值电阻的总电压，都无法确定小灯泡是否正常发光，方案二不能测定小灯泡的额定电功率，故选C。32．（1）B如图（2）小于2.8 0.24 0.6 （3）小灯泡开路小【解析】试题分析：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处，由图知道应为B处；经检查发现有一根导线连接错误，在图乙中连接错误的导线上打了“X”并补画出正确的连线。如图（2）当他断开开关时，才发现电压表如图所示，说明灯泡处于额定电压值时比正确值偏小，由此计算的功率也很小于正确值；重新实验，在不对电压表进行校零的情况下，应移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2.8V，根据图知道电流值是0.24A，所以，小灯泡的额定功率P=UI=2.5VX0.24A=0.6W；(3)小华连好上述电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则电路的故障为小灯泡开路；若小华用此电路去测量某未知电阻R1的阻值，若考虑电表的电阻对测量的影响，电压表测量的是真实的电压值，而电流表测量值比通过R1的电流要大，故电阻R1的测量结果与真实值相比偏小。考点：测定小灯泡的电功率伏安法33.断开见解析所示R短路R,断路0.1电阻一定时，电流与电压成正比未控制电压一定A11移动滑动变阻器R1的滑片U112/12【解析】(1)连接电路前，开关必须断开，避免在连接的过程因错误连接造成短路；根据电路图连接实物电路图，把电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，电路图如图所示：⑵电压表测电阻R两端的电压，R被短路时，电压表无示数，或者电路是断路，又因为故障只在R或R’,所以可能的原因为：电阻R短路或R,断路。(3)由表一中第二次实验数U1.5V U 1V据可知，R——— 二10Q,因此第1次实验的电流表示数为I—— ，根据表I0.15A R10Q一的数据可得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)探究电流与电阻的关系，应用控制变量法，控制电压一定，通过分析表(二)的数据可知，将电阻R先后更换为5Q和15Q的电阻时，存在的错误是：未控制电压一定。按照正确的操作，当把R由10Q换成5Q时，为控制电压表的示数不变，应调节滑动变阻器使其连入电路中的阻值减小，故滑动变阻器R'的滑片应向A端移动。(5)根据图中电路测量一个小灯泡的额定功率，利用等效替代法，只闭合开关S1,移动滑动变阻器R2的滑片，使电流表示数为11,只闭合开关S2,保持滑动变阻器R2的滑片位置不变，移动R1的滑片，使电流表示数为11；在相同电压下，由于滑动变阻器R1和滑动变阻器R2串联后的电流与小灯泡和滑动变阻器R2串联后的电流相同，故R1可等效替代小灯泡，小灯泡的阻止等于R1的阻值，再将滑动变阻器R2的滑片调到最左端，此时电路中只有R1,读出电流UU U表的示数为12；由I=