江苏南通启东中学高一物理期中doc

本文格式为Word版，下载可任意编辑——江苏南通启东中学高一物理期中doc江苏省启东中学20222022学年度其次学期期中考试高一物理创新班一、单项选择题此题共6小题，每题3分，共计18分．每题只有一个选项符合题意．1.在光电效应测验中，用同一束单色光，先后照射锌和银的外观，都能发生光电效应。对于这两个过程，以下四个物理过程中，确定一致的是A.遏止电压B.饱和光电流C.光电子的最大初动能D.逸出功B根据光电效应方程，由于不同金属，逸出功不同，所以光电子的最大初动能不同，根据可知，遏止电压也不同，而同一束光，光强一致，饱和光电流与光强成正比，所以两个过程饱和光电流一致，ACD错误，B正确2.按照玻尔理论，一个氢原子中的电子从一半径为ra的圆轨道自发地直接跃迁到另一半径为rb的圆轨道上，rarb，在此过程中A.原子发出一系列频率的光子B.原子要吸收一系列频率的光子C.原子要吸收某一频率的光子D.原子要发出某一频率的光子D由于rarb，所以从高能级跃迁到低能级轨道，波尔能级跃迁理论从高能级轨道跃迁到低能级轨道释放光子，且释放光子能量，所以会发出某一固定频率光子，ABC错误D正确3.“奇怪号”火星探测器察觉了火星存在微生物的更多线索，进一步激发了人类探测火星的热心。假设引力常量G己知，不考虑星球的自转，那么以下关于火星探测的说法正确的是A.火星探测器贴近火星外观做匀速圆周运动时，其所受合外力为零B.若火星半径约为地球半径的一半，质量约为地球质量的特别之一，那么火星外观的重力加速度确定大于地球外观的重力加速度C.火星探测器贴近火星外观做匀速圆周运动时，假设测得探测器的运行周期与火星半径，那么可以计算火星密度D.火星探测器沿不同的圆轨道绕火星运动时，轨道半径越大绕行周期越小CA.匀速圆周运动，物体所受合力供给向心力，所以做匀速圆周运动的物体，所受合外力不为零，A错误B.根据，可知，代入数据得火星外观的重力加速度确定小于地球外观的重力加速度，B错误C.根据，而，联立解得，C正确D.根据，可知轨道半径越大，周期越大，D错误4.x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间各点对应的电势上下如图中的曲线所示，规定无限远处电势为零，以下推理与图象信息不符合的是A.Q1确定大于Q2B.Q1和Q2确定是同种电荷，但不确定是正电荷C.电势最低处P点的电场强度为0D.Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点B由UEd知，φ-x图象的斜率等于电场强度，P点切线的斜率为0，那么知电势最低处P点的电场强度为0，说明Q1和Q2在P点产生的场强大小相等、方向相反，由分析知，Q1确定大于Q2．故AC正确；

两个点电荷间的电势都为正，因此两点电荷确定是正电荷，故B错误；

根据顺着电场线电势逐步降低，那么知Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点，故D正确．此题选择错误的选项，应选B.点睛解决此题的关键要知道φ-x图象的斜率等于电场强度，掌管顺着电场线电势逐步降低，知道空间一点的电场是由两个点电荷产生的电场的叠加．5.如下图为竖直平面内的直角坐标系。一个质量为m的质点，在恒力F和重力的作用下从坐标原点O由静止开头沿直线OA斜向下运动，直线OA与y轴负方向成角为锐角。不计空气阻力，重力加速度为g，那么以下说法正确的是A.当时，质点的机械能确定减小B.当时，质点的机械能确定增大C.当时，质点的机械能可能减小也可能增大D.当时，质点的机械能可能减小也可能增大C质点由静止开头沿直线运动，所以重力与恒力的合力确定沿OA方向，当F与OA垂直时，F最小，可得AC.当时，由于所以F与OA不垂直，有两种可能方向，F与OA夹角可能大于90度也可能小于90度，所以拉力可能做正功，也可能做负功，机械能可能增大，可能减小，A错误，C正确BD.当，F与OA垂直，F做功为零，机械能守恒，BD错误6.带有等量异种电荷的平板状电容器不是平行放置的，以下图像中的电场线描绘正确的是A.B.C.D.C由于电场线的疏密代表场强的大小，等量异种电荷平行板不平行放置，会使靠近的部位场强大于相互间距较远的部位，电场线密集，所以ABD错误，C正确二、多项选择题此题共6小题，每题4分，共计24分．每题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7.以下说法正确的是A.普朗克为了解释黑体辐射现象,第一次提出了能量量子化理论B.大量的电子通过双缝后在屏上能形成明暗相间的条纹,这说明全体的电子都落在明条纹处C.电子和其他微观粒子都具有波粒二象性D.光波是一种概率波,光的波动性是由于光子之间的相互作用引起的,这是光子自身的固有性质AC普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论，故A正确；

大量的电子通过双缝后在屏上能形成明暗相间的条纹，这说明落在明条纹处的电子较多、落在暗条纹出的电子较少，故B错误。电子和其他微观粒子都具有波粒二象性，选项C正确；

波粒二象性是光的根本属性，与光子之间的相互作用无关，故D错误。应选AC.8.铀核裂变的一种方程为U＋X→Sr＋Xe＋2n，已知原子核的比结合能与质量数的关系如下图，以下说法正确的有A.X粒子是中子B.X粒子是质子C.U、Sr、Xe相比，Sr的比结合能最大，最稳定D.U、Sr、Xe相比，U的质量数最多，结合能最大，最稳定ACAB.根据核回响方程，质量数守恒，电荷数守恒得X是中子，所以A正确，B错误C.根据图像可知，中等质量大小Sr的比结合能最大，比结合能越大，分子越稳定，C正确D.裂变回响释放能量，所以U的质量数最多，结合能最大，但比结合能越大，越稳定，根据C选项分析，Sr的比结合能最大，最稳定，D错误9.2022年10月17日我国告成放射了质量为m的“神舟”十一号飞船。飞船先沿椭圆轨道I飞行，近地点Q贴近地面，在远地点P处点火加速，顺遂进入距地面高度为h的圆轨道II，在此圆轨道上飞船运行周期为T，已知地球半径为R，以下判断正确的是A.飞船在轨道II的动能为B.飞船在轨道I运动周期为C.飞船变轨前通过椭圆轨道P点的速度大于Q点的速度D.从Q到P飞船做离心运动，高度增加，机械能增大ABA.在轨道II上，动能，联立解得，A正确B.根据开普勒第三定律解得，B正确C.从P点到Q点，引力做正功，速度增大，所以P点的速度小于Q点的速度，C错误D.从Q到P，飞船做离心运动，引力做负功，势能减小等于动能增加，机械能守恒，D错误10.如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被疏忽。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么（）A.平行板电容器的电容将变大B.静电计指针张角不变C.带电油滴的电势能将增大D.若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变BD电容器始终与电源相连，那么电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化。

A项根据d增大，那么电容减小，故A错误；

B项静电计测量的是电容器两端的电势差，由于电容器始终与电源相连，那么电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B正确；

C项电势差不变，d增大，那么电场强度减小，故P点与上极板的电势差减小，那么P点的电势升高，因油滴带负电，可知带电油滴的电势能将减小，故C错误；

D项电容器与电源断开，那么电荷量不变，d变更，根据，知电场强度不变，那么油滴所受电场力不变，故D正确。

应选BD。

此题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，那么电势差不变，当电容器与电源断开，那么电荷量不变，只变更两板间距离时，板间电场强度不变。

11.如下图，轻质弹簧左端固定在竖直墙壁上，右端与一个质量为m的滑块接触，弹簧处于原长，现施加水平外力F缓慢地将滑块向左压至某位置静止，此过程中外力F做功为W1，滑块抑制摩擦力做功为W2.撤去F后滑块向右运动，最终和弹簧分开．不计空气阻力，滑块所受摩擦力大小恒定，那么A.撤去F时，弹簧的弹性势能为W1－W2B.撤去F后，滑块和弹簧组成的系统机械能守恒C.滑块与弹簧分开时的加速度为零D.滑块与弹簧分开时的动能为W1－2W2AD由能量关系可知，撤去F时，弹簧的弹性势能为W1－W2，选项A正确；

撤去F后，由于有摩擦力做功，那么滑块和弹簧组成的系统机械能减小，选项B错误；

滑块与弹簧分开时，弹力为零，但是有摩擦力，那么此时滑块的加速度不为零，选项C错误；

滑块与弹簧分开时弹簧处于原长状态，整个过程中摩擦力做功为2W2，那么根据动能定理，滑块与弹簧分开时的动能为W1－2W2，选项D正确；

应选AD.12.在水半地面上固定有A、B两个带电最均为Q的点电荷，在过AB中点O的中垂面内固定有一根长为L的光滑绝缘细杆CD，且O、C两点在同一竖直线上，D点到O点的距离与C点到O点的距离均为d，OC⊥OD。在杆的顶端C处有一个质量为m、带电量为－q的金属圆环，由静止释放金属圆环后，它会沿杆向下运动。已知重力加速度为g，以下关于金属圆环运动的说法正确的是A.金属圆环沿杆运动的速度一向增大B.金属圆环经过杆中点时的加速度大于C.金属圆环运动到杆中点处的电势能最小D.金属圆环运动到D点时的速度大小为CD圆环下落过程中受电场力，重力和弹力的作用，电场力和重力做功，根据动能定理和电场力做功分析其速度，加速度，电势能等内容。

圆环下落过程中受电场力，重力和弹力的作用，电场力和重力做功，从C到杆的中点前电场力做正功，之后电场力做负功，故电势能先减小后增加，故杆的中点电势能最小，故C正确；

圆环下落过程有重力和电场力做功，电场力先做正功后做负功，总功为零，重力一向做正功，故速度不是一向增大，故A错误；

从C到D，OCOD，电场力做功为零，只有重力做功，根据动能定理mgd＝mv2得到，故D正确；

在杆的中点时，受力分析可知库仑力的合力垂直于杆，其合力为重力的分力mgsinθma，其中θ45，解得ag，故B错误；

应选CD。

三、测验题第13题9分，第14题8分，共17分13.某同学用如下图的装置做“验证动量守恒定律”测验。先将小球1从斜槽轨道上某固定点由静止开头滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；

再把另一小球2放在斜槽