2023年山西省大同市全国计算机等级考试网络技术预测试题(含答案)

2023年山西省大同市全国计算机等级考试网络技术预测试题(含答案)学校:________班级:________姓名:________考号:________

一、单选题(10题)1.R1、R2是一个自治系统中采用RIP路由协议的两个相邻路由器，R1的路由表如下图（A．所示，当R1收到R2发送的如下图（B．的（V，D．报文后，R1更新的4个路由表项中距离值从上到下依次为（）。

A.0、3、4、3B.0、4、4、3C.0、5、4、3D.0、5、3、4

2.下列哪个做法不是网络市场调研的主要内容()。

A.市场需求研究B.上网心理因素研究C.竞争对手研究D.用户及消费者购买行为的研究

3.电子商务系统得以运行的技术基础是

A.网络平台B.因特网C.计算机软件D.技术水平

4.如果发送方使用的加密密钥和接收方使用的解密密钥不相同，从其中一个密钥难以推出另一个密钥，这样的系统称为()系统。

A.常规加密B.公钥加密C.对称加密D.单密钥加密

5.WindowsServer2003对已备份文件在备份后不做标记的备份方法是（）。

A.正常备份B.差异备份C.增量备份D.副本备份

6.通过——接入因特网是一个部门或单位的计算机接入因特网常用的方法()。A.电话线路B.专用线路C.局域网D.广域网

7.若要查看网卡高速缓存中的当前内容，需要输入()。

A.arp-aB.用configrationC.netstat-anoD.netshare

8.IP地址块67．58．15．131／22和201．116．15．15／23的子网掩码分别可写为（）。

A.255．255．240．0和255．255．248．0

B.255．255．248．0和255．255．252．0

C.255．255．252．0和255．255．254．0

D.255．255．254．0和255．255．255．0

9.常用数据备份方式包括完全备份、差异备份和增量备份，数据恢复时使用备份数最少和最多的方式分别为（）。

A.增量备份和差异备份B.差异备份和增量备份C.完全备份和增量备份D.增量备份和完全备份

10.在一台Cisco路由器上执行showaccess—lists命令显示如下一组限制远程登录的访问控制列表信息。StandardIPaccesslist40permit167．112．75．89（54matches）permit202．113．65．56（12matches）denyany（1581matches）根据上述信息，正确的access—list的配置是（）。

A.Router(config)#access—list40permit167．112．75．89Router(config)#access—list40permit202．113．65．56Router(coniig)#access—list40denyanyRouter(config)#linevty05Router(config—line)#access—class40in

B.Router(config)#access—list40permit167．112．75．89logRouter(config)#access—list40permit202．113．65．56logRouter(eonfig)#access—list40denyanylogRouter(config)#linevty05Router(eonfig-line)#access—class40in

C.Router(config)#access-list40permit167．112．75．89logRouter(config)#access-list40permit202．113．65．56l0gRouter(config)#access—list40denyanylogRouter(config)#linevty05Router(config—line)#access—class40out

D.Router(COnfig)#access．1ist40permit167．112．75．89Router(config)#access-list40permit202．113．65．56Router(config)#access—list40denyanylogRouter(config)#linevty05Router(config—line)#access—class40out

二、填空题(10题)11.

12.从目前的发展情况来看，局域网产品可以分为共享介质局域网和______两类。

13.

14.(11）运行IP协议的Internet可以为其高层用户提供________的、面向无连接的、尽最大努力的数据报投递服务。

15.CSMA/CD在网络通信负荷【】时表现出较好的吞吐率与延迟特性。

16.私有密钥加密技术和______技术是两种最基本的加密技术。

17.OSI参考模型从低到高第3层是【】层。

18.一台主机的IP地址为00，屏蔽码为。现在用户需要配置该主机的默认路由。如果与该主机直接相连的惟一的路由器具有两个IP地址，一个为00，屏蔽码为，另一个为，屏蔽码为，那么该主机的默认路由应该为______。

19.(20）IP电话系统有4个基本组件：终端设备、___________、多点控制单元和网守。

20.(11）IEEE制定的UNIX统一标准是_______。

三、2.填空题(8题)21.如果电缆调制解调器使用4MHz的频带宽度，那么，在利用256QAM时，它可以提供的速率为【】Mbps。

22.早期的网络操作系统经历了从对等结构向______结构演变的过程。

23.认证方式主要包括PKI认证、摘要算法认证和______。

24.即时通信系统一般采用______和客户机/客户机通信模式(或P2P模式)。

25.因特网连接的主机都必须遵守【】协议。

26.在交换式局域网中，如果交换机的端口既能自动地和10Mbps设备连接，又能自动地和100Mbps的设备连接，那么，这种局域网交换机被称为【】。

27.经典奔腾有两个______KB的超高速缓存。

28.Elgamal公钥体制的加密算法具有不确定性，它的密文不仅依赖于待加密的明文，而且依赖于用户选择的______。

四、C语言程序设计题(2题)29.函数ReadDat实现从文件in．dat中读取一篇英文文章，存入到字符串数组xx中；请编制函数encryptChar，按给定的替代关系对数组)xx中的所有字符进行替代，仍存入数组xx对应的位置上，最后调用函数WriteDat把结果xx输出到文件out．dat中。

替代关系：f(p)=p*11mod256，mod为取余运算，P是数组xx中某一个字符的ASCII值，f(p)是计算后的无符号整型值(注意：中间变量定义成整型变量)，如果计算后f(p)值小于等于32或f(p)对应的字符是大写字母，则该字符不变，否则用f(p)替代所对应的字符。

注意：部分源程序存放在test．c文件中，原始数据文件存放的格式是：每行的宽度均小于80个字符，含标点符号和空格，并也按此替代关系进行处理。

请勿改动主函数main、读函数ReadDat和输出函数WriteDat的内容。

30.已知数据文件in．dat中存有200个四位数，并已调用读函数readDat把这些数存入数组a中，请考生编制一函数jsVai，其功能是：若一个四位数的千位数位置上的值小于等于百位数位置上的值，百位数位置上的值小于等于十位数位置上的值，以及十位数位置上的值小于等于个位数位置上的值，并且原四位数是偶数，则统计出满足此条件的个数cnt并把这些四位数按从小到大的顺序存入数组b中，最后调用写函数writeDat把结果cnt以及数组b中符合条件的四位数输出到文件out．dat中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定义数组：a[200]，b[200]，已定义变量：cnt

请勿改动数据文件in．dat中的任何数据、主函数main、读函数readDat和写函数writeDat的内容。

五、1.选择题(3题)31.SDH信号最基本的模块信号是

A.STM-0B.STM-1C.STM-3D.STM-4

32.在下列商务活动中，不属于电子商务范畴的有()。

A.网上购物B.电子支付C.谈判D.建立Web站点

33.关于域名缩写中，正确的是()。

A.cn代表中国，edu代表科研机构

B.cn代表中国，gov代表政府机构

C.uk代表中国，edu代表科研机构

D.ac代表英国，gov代表政府机构

六、1.程序设计题(3题)34.函数ReadDat()的功能是实现从文件IN73.DAT中读取一篇英文文章存入到字符串数组xx中。请编制函数CovertCharD()，该函数的功能是：以行为单位把字符串中的所有小写字母改成该字母的上一个字母，如果是字母a，则改成字母z。大写字母仍为大写字母，小写字母仍为小写字母，其他字符不变。把已处理的字符串仍按行重新存入字符串数组XX中，最后调用函数WriteDat()把结果XX输出到文件OUT73.DAT中。

例如：原文AdbBcdza

abckLLHj

结果AcaBbcyz,

ZabjLLgi

原始数据文件存放的格式是：每行的宽度均小于80个字符，含标点符号和空格。

注意：部分源程序已给出。

请勿改动主函数main()、读函数ReadDat()和写函数WriteDat()的内容。

试题程序：

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio.h＞

charxx[50][80];

intmaxline=0;

intReadDat(void);

voidWriteDat(void);

voidCovertCharD()

{

}

voidmain()

{

clrscr();

if(ReadDat())

{

printf("数据文件IN7.DAT不能打开\n\007");

return;

}

CovertCharD();

WriteDat();

}

intReadDat()

{

FILE*fp;

inti=0;

char*p;

if((fp=fopen("IN73.DAT","r"))==NULL)return1;

while(fgets(xx[i],80,fp)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)

*p=0;

i++;

}

maxline=i；

fclose(fp)；

return0；

}

voidWriteDat(void)

{

FILE;fp;

inti:

clrscr();

fp=fopen("OUT73.DAT","N");

for(i=0;i＜maxline;i++)

{

printf("%s\n",xx[i])；

fprintf(fp，”%s\n",xx[i])；

}

fclose(fp);

}

35.在文件in33.dat中有200个正整数，且每个正整数均在100至9999之间。函数readDat()的功能是读取这200个数并存放到数组aa中。请编制函数jsSort()，该函数的功能是：要求按照每个数的后3位的大小进行升序排列，将排序后的前10个数存入数组bb中，如果数组比中出现后3位相等的数，则对这些数按原始4位数据进行降序排列。最后调用函数writeDat()把结果比输出到文件out33．dat中。

例如：处理前60125099901270258088

处理后90126012702580885099

注意：部分源程序已给出。

请勿改动主函数main()、读函数readDat)和写函数writeDat()的内容。

试题程序：

#include

9include

#include

intaa[200],bb[10];

voidreadDat();

voidwriteDat();

voidjsSort()

{

}

voidmain()

{

readDat();

jsSort();

writeDat();

}

voidreadDat()

{

FILE*in;

inti;

in=fopen("in33.dat","r");

for(i=0;i<200;i++)fscanf(in,"%d",&aa[i]);

fclose(in);

}

voidwriteDat()

{

FILE*out;

inti;

clrscr();

out=fopen("out33.dat","w");

for(i=0;i<10;i++)

{

printf("i=%d,%d\n",i+l,bb[i]);

fprintf(out,"%d\n",bb[i]);

}

fclose(out);

}

36.已知数据文件IN87.DAT中存有300个4位数，并已调用函数readDat()把这些数存入数组a中，请编制一函数jsValue()，具功能是：求出千位数上的数加个位数上的数等于百位数上的数加十位数上的数的个数cnt，再求出所有满足此条件的4位数平均值pjz1，以及所有不满足此条件的4位数的平均值pjz2，最后调用函数writeDat()把结果cnt，pjz1，pjz2，输出到out87.dat文件中。

例如：6712，6+2=7+1，则该数满足条件，计算平均值pjz1，且个数cnt=cnt+1。

8129，8+9≠1+2，则该数不满足条什，计算平均值pjz2。

注意：部分源程序已给出。

程序中已定义数组：a[300]，b[300]，已定义变量：cnt，pjz1，pjz2。

请勿改动主函数main()、读函数readDat()和写函数writeDat()的内容。

试题程序：

#include

inta[300],cnt=0;

doublepjz1=0.0,pjz2=0.0;

voidjsValue()

{

｝

main()

{

inti;

readDat();

jsValue();

writeDat();

printf("cnt=%d\n满足条件的平均值pjz1=%7.21f\n不满足条件的平均值pjz2=%7.21f\n",cnt,pjz1,pjz2);

｝

readDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("in87.dat","r");

for(i=0;i<300;i++)

fscanf(fp,"%d,",&a[i]);

fclose(fp);

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("out87.dar","w");

fprintf(fp,"%d\n%7.21f\n%7.21f\n",cnt,pjz1,pjz2);

fclose(fp);

}

参考答案

1.A对应两个路由器R1和R2，R1接收R2的(V，D．报文，R1根据下列规则更新路由表：①如果R1的路由表中没有此项记录，则增加该项，由于要经过R2转发，因此距离D值加1。②如果R1中的路由表的一项记录比R2发送的一项记录D值加l还要大，R1在路由表中修改该项，距离D值根据R2提供的值加1。两者表中的路由表的记录项相同，由规则①可知，不需要增加新的记录项。路由表中第二行，符合规则②，因此需要修改，修改的值为R2中的值加1，即得到2+1=3，因此最终获得的路由表为0、3、4、3。故选择A选项。

2.B

3.A解析：网络平台是电子商务系统得以运行的技术基础。

4.B解析：对称加密也叫常规加密、保密密钥加密或者单密钥加密，指的是通信双方的加密和解密都使用相同的密钥。与对称加密相对的是非对称加密，又称公钥加密系统。公钥加密系统有两个不同的密钥，私钥被秘密保存；公钥，不需要保密。从其中一个密钥难以推出另一个密钥。

5.DWindows2003对已备份文件在备份的方法有：完全备份、增量备份、差异备份和副本备份。其中副本备份，复制所有选中的文件，但不将这些文件标记为已经备份，即不清除存档属性，故选择D选项。

6.C一个部门或单位的计算机通过局域网接入因特网是常用的方法。一般来说.一个单位可以先组建一个局域网，然后通过路由器将该局域网与ISP相连，用户只需在自己的计算机上安装网卡，运行支持TCP/IP协议的操作系统和相关服务软件，并对计算机进行适当配置，即可使用该计算机通过局域网访问因特网。

7.A

8.C／23表明子网掩码从左边第一位开始一共有23个1，即11111111．11111111．11111110．00000000，转换成十进制得255．255．254．O，同理／22可以求得子网掩码是255．255．252．0。故选择C选项。

9.C备份策略在不同的方面比较如下：空间使用上：完全备份最多，增量备份最少，差异备份少于完全备份。备份速度上：完全备份最慢，增量备份最快，差异备份快于完全备份。恢复速度上：完全备份最快，增量备份最慢，差异备份快于增量备份。故选择C选项。

10.A根据配置标准访问控制列表的命令格式“access—listaccess—list—number｜permit｜deny｜sourcewildeard—mask”可知，B、C明显错误，D选项“access—list40denyany”后面不用加log。

11.活动目录服务

12.交换局域网从目前的发展情况来看，局域网产品可以分为共享介质局域网和交换式局域两类。

13.

14.11)不可靠【解析】互联网应该屏蔽低层网络的差异，为用户提供通用的服务。具体地讲，运行IP协议的互联层可以为其高层用户提供如下3种服务：(1)不可靠的数据投递服务；(2)面向无连接的传输服务；(3)尽最大努力投递服务。

15.较低较低解析：本题考查点是CSMA/CD的特性。CSMA/CD是以太网的核心技术。其控制机制可以形象地描述为：先听后发，边听边发，冲突停止，延迟重发。CSMA/CD介质访问控制方法可以有效地控制多结点对共享总线传输介质的访问，方法简单，易于实现。在网络通信负荷较低时表现出较好的吞吐率与延迟特性。但是，当网络通信负荷增大时，由于冲突增多，网络吞吐率下降，传输延迟增加，解决的方法是扩展带宽和采用交换技术。

16.公用密钥加密公用密钥加密

17.网络网络解析：OSI参考模型共分7层，从底层到高层分别是物理层、数据链路层、网络层、传辅层、会话层、表示层、应用层。第3层是网络层。

.10000解析：一台主机的IP地址为00，屏蔽码为，则网络号为(IP地址与屏蔽码进行逻辑“与”得到的结果)。与该主机直接相连的唯一的路由器具有两个个IP地址，一个为00，屏蔽码为，可以得出网络号为，即该路由器网络相连，而主机所在的网络号刚好为。另一个IP地址为，屏蔽码为．可以得出网络号。这样我可以得到主机和路由器的关系，所以该主机的默认路由为00。

19.(20)网关

【解析】lP电话系统有4个基本组件：终端设备、网关、多点控制单元和网守。

20.(11)POSIX（易移植操作系统环境）【解析】IEEE制定了许多基于UNIX的易移植操作系统环境，即POSIX。

21.3232解析：如果电缆调制解调器使用4MHz的频带宽度，那么，在利用256QAM时，它可以提供的速率为32Mbps。

22.非对等非对等解析：纵观近20年来网络操作系统的发展，网络操作系统经历了从对等结构向非对等结构演变的过程。

23.账户名/口令认证账户名/口令认证解析：认证技术主要解决网络通信过程中通信双方的身份认可。账户名/口令认证是一种常用的认证方式，主要用于操作系统登录和Telnet等。此外还有基于PKI的认证和使用摘要算法的认证方式。

24.客户机/服务器模式(中转模式)客户机/服务器模式(中转模式)解析：即时通信系统(IM)一般采用两种通信模式，一种是客户机/服务器模式，另一种是客户机/客户机模式。

25.TCP/IPTCP/IP解析：因特网是一个覆盖全世界的广域网络。实际上它是由无数的网络，包括局域网和广域网连接而成的。这些网络连接着无数的主机，它们都遵守TCP/IP协议，保证了相互之间通信时采用同样的寻址方式、命名机制和传输规则。TCP/IP协议是一个协议集，其中最主要的是TCP(传输控制协议)和IP(网络互联协议)。IP协议规定了因特网中的通信规则，为其高层用户提供无连接的服务，而TCP协议则采用面向连接的方式来弥补和增强IP协议所提供的服务。

26.10/100Mbps自适应交换机10/100Mbps自适应交换机解析：局域网交换机有以下几种类型。

①10Mbps局域网交换机——这种交换机的结构简单，价格低，但它的端口只能连接10Mbps的设备。

②10/100Mbps自适应局域网交换机——这种交换机可以自动检测连接设备的技术参数，适应连接设备的工作方式。因此，它既能自动地和10Mbps设备连接，又能自动地和100Mbps的设备连接。

③大型局域网交换机——它是一种模块化设备，在应用时可根据具体的情况灵活配置相关功能模块(比如：各种速率的以太网模块、路由模块、中继器模块和ATM模块等)。

27.88解析：经典奔腾有两个8KB超高速缓存，一个用来缓存指令，另一个用来缓存数据。

28.随机参数随机参数解析：Elgamal公钥体制的密文不仅依赖于待加密的明文，而且依赖于用户选择的随机参数，即使加密相同的明文，得到的密文也是不同的。由于这种加密算法的非确定性，又称其为概率加密体制。

29.【审题关键句】字符替代f(p)=p*11mod256，小于等于32或对应大写字母不变，否则替换。

\n【解题思路】

\n本题类似第65套试题，通过审题可以发现主要是排序条件的设置要求有所不同，参考答案的第6行，修改if条件语句的设置即可。另外，在源程序中已经定义了一个无符号变量val，因此，在编写答案程序时，不需要再重新定义。

\n【参考答案】

\n

30.【审题关键句】千位-百位-十位-个位，结果大于等于零且原四位数是奇数，统计出满足此条件的个数,并按从小到大的顺序存入数组。

\n【解题思路】

\n本题类似第9套试题，通过审题可以发现主要有两个不同点：一是要求统计的四位数的条件是“千位-百位-十位-个位>=0”，二是要求该四位数是奇数，这两个不同点都体现在参考答案的第8条语句中，对该语句进行修改即可，其中，可以判断奇数的表达式是“a[i]％2”。

\n【参老答案】

\n

\n

31.B解析：同步数字体系SDH具有两个主要的特点：一是具有全世界统一的网络结点接口(NNI)；二是具有一套标准化的信息结构——同步传输模块(STM)。其中，最基本的是STM-1模块，其速率为155.520Mbps。其余的模块STM-N都是在STM-1基础上同步复用而成。STM-4由4个STM-1构成，STM-16由16个STM-1构成，STM-64由64个STM-1构成。

32.D解析：电子商务包括网上购物、电子支付与结算、谈判和利用电子邮件进行广告宣传等。

33.B解析：顶级域名的分配中，edu代表教育机构，gov代表政府机构：每个申请加入因特网的国家都可以作为一个顶级域，并向NIC注册一个顶级域名，如cn代表中国、us代表美国、uk代表英国等。

34.voidCovertCharD(){ihti;char*pf;for(i=0;i＜maxline;i++){pf=xx[i];/*指针pf指向各行的首地址*/while(*pf)if(*pf=='a')/*如果是字母a则改成字母z*/{*pf='z';pf++;/*指向下一个字符*/}elseif(*pf＞='b'&&*pf＜='z')/*小写字母'b'到'z'改成该字母的上一个字母*/{*pf-=1;pf++;/*指向下一个字符*/}elsepf++;/*如果不满足条件则不变字符指向下一个字符*/}}voidCovertCharD()\r\n{ihti;\r\nchar*pf;\r\nfor(i=0;i＜maxline;i++)\r\n{pf=xx[i];/*指针pf指向各行的首地址*/\r\nwhile(*pf)\r\nif(*pf=='a')/*如果是字母a,则改成字母z*/\r\n{*pf='z';\r\npf++;/*指向下一个字符*/\r\n}\r\nelseif(*pf＞='b'&&*pf＜='z')/*小写字母'b'到'z',改成该字母的上一\r\n个字母*/\r\n{*pf-=1;\r\npf++;/*指向下一个字符*/\r\n}\r\nelsepf++;/*如果不满足条件，则不变字符，指向下一个字符*/\r\n}\r\n}解析：本题考查的知识点如下：

(1)字符串的计算。

(2)循环结构的使用。

(3)使用指针实现对数组的访问。

本题中，将字符存放在二维数组中，以行为字符处理的基本单位，可以定义一个指针，指向每一行字符。初始时，指针指向每一行的第一个元素，增加指针地址就可以实现对一行数据的完全访问。要将所有小写字母改成它的前一个字母，小写字母的ASCⅡ码是连续的，可直接将其ASCⅡ码减1，则得要求的字符。注意；字母a要单独处理，其他字符保持不变。

35.voidjsSort(){intijdata;for(i=O;i＜199;i++)for(j=i+l;j＜200;j++){if(aa[ii%1000＞aa[j]%1000)/*按照每个数的后3位的大小进行升序排例*/{data=aa[i];aa[ii=aa[j];aa[j]=data;}elseif(aa[i]%lOOO==aa[j]%1000)/*如果后3位数值相等则对这些数值按原始4位数据进行降序*/if(aaIi]＜aa[j]){data=aaIii;aa[ii=aa[j];aa[j]=data;}}for(i=O;i<10;i++)/*将排好序的前十个数存入数组bb中*/bb[i]=aa[i];voidjsSort()\r\n{\r\ninti,j,data;\r\nfor(i=O;i＜199;i++)\r\nfor(j=i+l;j＜200;j++)\r\n{\r\nif(aa[ii%1000＞aa[j]%1000)/*按照每个数的后3位的大小进行升序排例*/\r\n{\r\ndata=aa[i];\r\naa[ii=aa[j];\r\naa[j]=data;\r\n}\r\nelseif(aa[i]%lOOO==aa[j]%1000)/*如果后3位数值相等,则对这些数值\r\n按原始4位数据进行降序*/\r\nif(aaIi]＜aa[j])\r\n{\r\ndata=aaIii;\r\naa[ii=aa[j];\r\naa[j]=data;\r\n}\r\n}\r\nfor(i=O;i<10;i++)/*将排好序的前十个数存入数组bb中*/\r\nbb[i]=aa[i];解析：本题考查的知识点如下：

(1)循环结构的嵌套。

(2)选择结构的嵌套。

(3)特殊运算符“%”的使用。

(4)数据的升降序排列。

在该题中，首先要解决的问题是如何把题中4位数转换成符合