2023届福建省三明市三明第一中学高二物理第二学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2023届福建省三明市三明第一中学高二物理第二学期期中教学质量检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、LC振荡电路中，某时刻的磁场方向如图所示，则（）A．若磁场正在减弱，则电容器正在充电，电流由a向bB．若磁场正在减弱，则电场能正在增大，电容器上极板带负电C．若磁场正在增强，则电场能正在减小，电容器上极板带负电D．若磁场正在增强，则电容器正在充电，电流方向由a向b2、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A．ab中的感应电流方向由b到aB．ab中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小3、一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图所示．则从图中可以看出（）A．这列波的波长为5mB．波中的每个质点的振动周期为4sC．若已知波沿x轴正向传播，则此时质点a向下振动D．若已知质点b此时向上振动，则波是沿x轴负向传播的4、图a为一列简谐横波在时的波动图象，该波中处质点P的振动图象如图b所示，下列说法正确的是（）A．该波的波速为2m/sB．该波沿x轴正方向传播C．时，质点P的位移为5cmD．经过10s，P运动的路程为20m5、如图所示，做简谐运动的弹簧振子，下列说法中正确的是（）A．振子通过平衡位置时，加速度最大B．振子在最大位移处时，动能最大C．振子在连续两次通过同一位置时，速度相同D．振子在连续两次通过同一位置时，位移相同6、人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是()A．人对地球的作用力大于地球对人的引力B．地面对人的作用力大于人对地面的作用力C．地面对人的作用力大于地球对人的引力D．人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在外界不做功情况下，物体内能增加了50J，下列说法中正确的是()A．一定是物体放出了50J的热量B．一定是物体吸收了50J的热量C．物体的分子平均动能可能不变D．一定是物体分子动能增加了50J8、如图所示为一列简谐横波在t0时刻的波形图，已知波速为0.2m/s，以下说法正确的是（）A．波源的振动周期为0.6sB．在t0时刻，质点a的加速度比质点b的加速度小C．经过0.1s，质点a通过的路程为10cmD．若质点a比质点b先回到平衡位置，则波沿x轴负方向传播E.若该波沿x轴正方向传播，在t0时刻c质点的运动方向垂直x轴向上9、如图所示，U形光滑金属导轨水平放置在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨间距为L，在导轨右端连接有一个阻值为R的定值电阻．有一根长为L的导体棒ab与固定在O点的绝缘轻弹簧相连后垂直放置在导轨上，弹簧原长时导体棒ab在图中的虚线位置．现施外力将弹簧压缩一定的距离后松开，导体棒ab在导轨上往复运动最后停在虚线处．已知弹簧初始被压缩时储存的弹性势能为Ep，在运动过程中导体棒ab与导轨始终接触良好，导体棒ab的电阻r＝R，导轨电阻不计，则下列说法中正确的是()A．导体棒ab在运动过程中能产生交变电流B．定值电阻产生的总热量为弹性势能Ep的一半C．导体棒ab向右运动时安培力做负功，向左运动时做正功D．导体棒ab全程克服安培力做的功等于回路中产生的焦耳热的一半10、下列关于分子运动和热现象的说法正确的是()A．气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为气体分子之间存在势能的缘故B．一定量100°C的水变成100°C的水蒸汽，其分子之间的势能增加C．气体温度越高，气体分子的热运动越剧烈D．如果气体分子总数不变，当气体分子的平均动能增大时，气体压强必然增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在练习使用多用电表的实验中（1）某同学使用多用电表的欧姆档粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“”挡位，测量时指针偏转如图1所示．以下是接下来的测量过程：a.将两表笔短接，调节欧姆档调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，然后断开两表笔b.旋转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”挡），并拔出两表笔c.将选择开关旋到“”挡d.将选择开关旋到“”挡e.将选择开关旋到“”挡f.将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值，断开两表笔以上实验步骤中的正确顺序是______（填写步骤前的字母）．（2）重新测量后，指针位于如图2所示位置，被测电阻的测量值为______．（3）如图3所示为欧姆表表头，已知电流计的量程为，电池电动势为，则该欧姆表的内阻是______，表盘上刻度线对应的电阻值是______．（4）为了较精确地测量另一定值电阻的阻值，采用如图4所示的电路．电源电压U恒定，电阻箱接入电路的阻值可调且能直接读出．①用多用电表测电路中的电流，则与a点相连的是多用电表的_____（选填“红”或“黑”）表笔．②闭合电键，多次改变电阻箱阻值R，记录相应的R和多用电表读数I，得到的关系如图5所示．不计此时多用电表的内阻．则=_____，电源电压U=______V．12．（12分）为了测量某一未知电阻Rx(阻值约为6Ω)的阻值，实验室里准备了以下器材：A．电源，电动势E＝3.0VB．电压表V1，量程3V，内阻约5kΩC．电压表V2，量程15V，内阻约25kΩD．电流表A1，量程0.6A，内阻约0.2ΩE．电流表A2，量程3A，内阻约0.04ΩF．滑动变阻器R1，最大阻值5Ω，最大电流为3AG．滑动变阻器R2，最大阻值200Ω，最大电流为1.5AH．开关S、导线若干（1）在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能准确，并且待测电阻两端的电压从零开始连续调节，则在上述提供的器材中电压表应选________；电流表应选________；滑动变阻器应选________。(填器材前面的字母代号)（2）请在虚线框内画出用伏安法测量该电阻阻值时的实验电路图_______。（3）请根据电路图将下列实物图补充完整__________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匝数N=100匝，截面积S=0.2m2，电阻r=0.5Ω的圆形线圈MN处于垂直纸面向里的匀强磁场内，，磁感应强度随时间按B=0.6+0.02t（T）的规律变化，处于磁场外的电阻R1=3.5Ω，R2=6Ω，电容C=30μF，开关S开始时未闭合，求：（1）闭合S后，线圈两端M、N两点间的电压UMN和电阻R2消耗的电功率；（2）闭合S一段时间后又打开S，则S断开后通过R2的电荷量为多少？14．（16分）如图甲所示是研究光电效应规律的光电管．用波长λ＝0.50μm的绿光照射阴极K，实验测得流过G表的电流I与AK之间的电势差UAK满足如图乙所示规律，取h＝6.63×10－34J·s．结合图象，求：(结果保留两位有效数字)(1)每秒钟阴极发射的光电子数和光电子飞出阴极K时的最大动能；(2)该阴极材料的极限波长．15．（12分）如图，阻值不计的光滑金属导轨MN和PQ水平放置，其最右端间距d为1m，左端MP上接有阻值r＝4Ω的电阻，右端NQ与半径R为2m的光滑竖直半圆形绝缘导轨平滑连接；一根阻值不计的长为L＝1.2m，质量m＝0.5kg的金属杆ab放在导轨的EF处，EF与NQ平行．在平面NQDC的左侧空间中存在竖直向下的匀强磁场B，平面NQDC的右侧空间中无磁场．现杆ab以初速度v0＝12m/s向右在水平轨道上做匀减速运动，进入半圆形导轨后恰能通过最高位置CD并恰又落到EF位置．(g取10m/s2)求：(1)杆ab刚进入半圆形导轨时，对导轨的压力大小；(2)EF到QN的距离；(3)磁感应强度B的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

由安培定则可知，电流方向由b向a；若磁场正在减弱，可知电容器处于充电状态，电场能正在增大，电流由b向a，所以电容器下极板带正电，电容器上极板带负电．故A错误，B正确；若磁场正在增强，可知电容器处于放电状态，电场能正在减小,电流由b向a，所以电容器上极板带正电．故CD错误.2、D【解析】

A．磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b，A错误；B．由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，根据可知电阻R消耗的热功率不变，B错误；C．根据安培力公式知，电流不变，B均匀减小，则安培力减小，C错误；D．导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡，，安培力减小，则静摩擦力减小，D正确．3、C【解析】分析：由波的图象由直接读出波长．根据波的传播方向可以判断的质点振动方向，也可以由质点的振动方向判断波的传播方向．解：A、由波的图象读出波长为4m．故A错误．B、波速不知，周期无法算出．故B错误C、若波沿x轴正向传播，a点比x=2m的质点振动迟，则a向下振动．故C正确．D、若质点b向上振动，则x=4m质点比b质点振动早，波应沿x轴正向传播，故D错误故选C．点评：判断质点的振动方向与波的传播方向间关系的方法通常有：1、质点振动法，比较质点振动先后．2、上下坡法．3、波形平移法．4、A【解析】

A．由题图可知，则该波的波速为所以A正确；B．由振动图象可知，时，质点P向下运动，根据同侧法，在波动图象中可以判断该波沿x轴负方向传播，所以B错误；C．由振动图象可知，时，质点P的位移为0，所以C错误；D．经过10s，该波向x轴负方向传播了5个波长，经历了5个周期，所以质点P运动路程为所以D错误。故选A。5、D【解析】A.振子通过平衡位置时，加速度为零，A错误；B.振子在最大位移处时，动能为零，B错误；C.振子在连续两次通过同一位置时，速度可能相反；C错误；D.振子在连续两次通过同一位置时，位移相同，D正确；故选D．6、C【解析】试题分析：地面对人的弹力与人对地面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，故B错误；人之所以能跳起离开地面，地面对人的弹力大于地球对人的吸引力，人具有向上的合力，故C正确，AD错误．考点：牛顿第三定律【名师点睛】人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】根据热力学第一定律，在外界不做功情况下，物体内能增加了50J，一定是物体吸收了50J的热量，选项A错误，B正确；物体内能增加，可能是分子势能增加，分子动能不变，即分子的平均动能不变，例如0℃的冰熔化为同温度的水，选项C正确，D错误；故选BC.点睛：对于物体的内能，其中包括分子动能和分子势能两部分，所以物体的内能增加时，可能两部分都变化，也可能只有一部分变化，会用特殊实例进行分析.8、BDE【解析】

A.由波形图可知，波长=8cm，又因为波速v=0.2m/s，故波源的周期故A错误；B.在t0时刻，质点a距平衡位置的距离较b小，a受到的回复力较b小，所以质点a的加速度比质点b的加速度小，故B正确；C.经过0.1s，即经过1/4周期，质点a若向上运动，则通过的路程将大于10cm；若向下运动，则通过的路程将小于10cm，故C错误；D.若质点a比质点b先回到平衡位置，说明质点a向上振动，根据振动与波传播的规律可知，波沿x轴负方向传播，故D正确；E.若该波沿x轴正方向传播，由“同侧法”可得，在t0时刻c质点的运动方向垂直x轴向上，故E正确。故选BDE.9、AB【解析】

根据右手定则判断出初始时刻感应电流的方向；导体棒运动过程中，产生电能，根据功能关系分析导体棒开始运动后弹性势能与动能和电能的相互转化；根据能量守恒求解在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热.【详解】A、导体棒在弹簧的弹力和安培力的作用下向右和向左往返运动切割磁感线，根据右手定则知电流不断改变方向，则产生的电流为交流电；故A正确.B、导轨光滑，则导体棒在往返运动到停止时一定在弹簧恢复到原长处，由于弹力做正功释放弹性势能，安培力做负功发电生热，由能量守恒定律可知，而，两电阻阻值相等且串联，则；故B正确.C、导体棒向右运动时安培力向左，向左运动时安培力向右，故安培力一直阻碍导体棒的运动，始终所负功；故C错误.D、由功能关系可知安培力做负功功衡量其它能转化为电能的多少，有，故D错误.故选AB.【点睛】弄清运动过程中能量如何转化，并应用能量转化和守恒定律分析解决问题是此题关键，当然右手定则和安培定则也熟练运用.10、BC【解析】

气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散．不是由于气体分子存在势能，故A错误；一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽，温度没有变化，分子的平均动能不变，分子总动能不变．在这个过程中水要吸热，内能增大，所以分子之间的势能必定增加，故B正确；温度是分子热运动平均动能的标志，故气体分子的热运动越剧烈，气体温度就越高，故C正确；温度是分子的平均动能的标志，当气体分子的平均动能增大，气体温度升高，根据理想气体的状态方程，可知气体温度升高时，若同时体积增大，掌握气体压强不一定增大，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、adfb220032红1004【解析】

（1）由图可知，把选择开关旋到“×10”挡位时，指针偏转角度过小，则可知欧姆档档位选择过低，则应该选择“×100”挡；按照欧姆表的使用规则，可知以上实验步骤中的正确顺序是：adfb；（2）如图所示，则被测电阻的测量值为22×100Ω=2200Ω．（3）该欧姆表的内阻是，由，解得，即表盘上30μA刻度线对应的电阻值是2kΩ．（4）①用多用电表测电路中的电流，按照“红进黑出”的原则，与a点相连的是多用电表的红表笔．②根据图所示电路图，由闭合电路欧姆定律可得：，故由图可得：，所以，Ry=100Ω，U=4V；12、（1）BDF（2）（3）【解析】

（1）因为电动势只有3V，所以电压表原则B；通过待测电阻的最大电流：，所以电流表选择D；电压要求从零开始调节，所以选择分压式电路，滑动变阻器选择总阻值较小的F（2）该实验选择分压电路，因为：，所以电流表选择外接法，电路图如下：（3）根据电路图连接