2023届湖北省天门仙桃潜江物理高一第二学期期中质量跟踪监视试题含解析

2023届湖北省天门仙桃潜江物理高一第二学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，质量为m1、长为L的木板置于光滑的水平面上，一质量为m的滑块（视为质点）放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力的大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块从静止开始运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为s，滑块速度为v1，木板速度为v2，下列结论中正确的是（）A．滑块克服摩擦力所做的功为f（L+s）B．木板满足关系：f（L+s）=m1v22C．F（L+s）=mv12+m1v22D．其他条件不变的情况下，F越大，滑块与木板间产生的热量越多2、宇宙中两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统。在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统。设某双星系统A，B绕其连线上的O点做匀速圆周运动，如图所示，若AO>OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的角速度一定大于B的角速度C．双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周期越大D．双星的总质量一定，双星间距离越大，其转动周期越大3、2018年1月9日，我国在太原卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，将两颗商业遥感卫星高景一号03、高景一号04星发射升空并进入预定轨道．据了解高景一号04星的轨道高度比03星略高．假定两颗卫星均做匀速圆周运动，则03号卫星与04号卫星相比A．03号卫星线速度要小B．04号卫星角速度要小C．03号卫星周期要长D．04号卫星向心加速度要大4、假设列车从静止开始做匀加速运动，经过500m的路程后，速度达到360km/h.整个列车的质量为1.00×105kg，如果不计阻力，在匀加速阶段，牵引力的最大功率是A．4.67×106kW B．1.0×105kWC．1.0×108kW D．4.67×109kW5、如图所示，在匀强电场中有直角三角形BOC，电场方向与三角形所在平面平行，若三角形三顶点处的电势分别为、、，且边长，，则下列说法中正确的是A．电场强度的大小为B．电场强度的大小为C．电场强度的大小为100V/mD．一个电子在O点由静止释放后会沿直线OB运动6、以下数据指时间间隔的是()A．每晚新闻联播的开播时间为19点B．校运会上某同学获得高一女子800m冠军，成绩是2分30秒C．中午12点10分是下课吃中饭的时间D．K267次列车到达张家界站的时间是12点27分7、质量为m的小球由轻绳a、b分别系于一轻质木架上的A和C点，绳长分别为la、lb，如图所示．当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时轻杆停止转动，则（）A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C．若角速度ω较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．绳b未被烧断时，绳a的拉力大于mg，绳b的拉力为mω2lb8、如图所示，半径为r的半圆弧轨道ABC固定在竖直平面内，直径AC水平，一个质量为m的物块从圆弧轨道A端正上方P点由静止释放，物块刚好从A点无碰撞地进入圆弧轨道并做匀速圆周运动，到B点时对轨道的压力大小等于物块重力的2倍，重力加速度为g，不计空气阻力，不计物块的大小，则（）A．物块到达A点时速度大小为B．P、A间的高度差为C．物块从A运动到B所用时间为D．物块从A运动到B克服摩擦力做功为mgr9、下列说法正确的是（）A．牛顿发现万有引力定律，并给出引力常量的数值B．两物体之间的引力总是大小相等的，与质量是否相等无关C．同步卫星一定位于赤道上空D．所有的地球同步卫星都在同一轨道运动10、如图所示物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接(不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦)在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中则A．物体A也做匀速直线运动B．物体A做加速直线运动C．绳子拉力始终大于物体A所受重力D．绳子对A物体的等于于物体A所受重力11、如图叠放在水平转台上的物体A、B、C正随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，B与转台、C与转台、A与B间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法正确的是（）A．B对A的摩擦力有可能为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度ω有可能等于D．若角速度ω再在题干所述原基础上缓慢增大，C将最先发生相对滑动12、下列各量中，与检验电荷无关的物理量是（）A．电场力F B．电场强度EC．电势差U D．电场力做的功W二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某同学在验证机械能守恒定律的实验中，使重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如题图甲所示，0为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点，实验中所用重物的质量m＝2kg，打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度g=9.8m/s2。（1）记录B点时，重物的速度VB=________m/s，重物的动能EkB=________J，从开始下落至落到B点，重物的重力势能减少量是________J（三空均保留三位有效数字）（2）该同学在纸带上又选取了多个计数点，并测出了各计数点到第一个点O的距离h算出了各计数点对应的速度v，若重物下落过程中机械能守恒，则以h为横轴，以v2/2为纵轴画出的图线应是如图乙中的________，图线的斜率表示_________。14、（10分）某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧弹性势能与压缩量的关系①如图23（a），将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测量相应的弹簧长度，部分数据如下表，由数据算得劲度系数k=N/m．（g取9.80m/s2）砝码质量（g）

50

100

150

弹簧长度（cm）

8.62

7.63

6.66

②取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图23（b）所示：调整导轨，使滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小．③用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为．④重复③中操作，得到v与x的关系如图23（c）．由图可知，v与x成关系．由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的成正比．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）在距地面h=20m高处，以初速度V0=20m/s水平向右抛出抛出一物体，求（1）物体落地时的水平位移X的大小；（2）落地时速度V的大小．（g=10m/s2）16、（12分）如图所示，半径分别为r1、r2的左右两个水平圆盘，通过皮带相连（皮带与圆盘边缘不打滑），左水平圆盘上表面的边缘处放一质量为m的小物块（可视为质点）．当右圆盘以角速度匀速转动时，小物块相对左圆盘静止（不计皮带槽的深度）．试计算：（1）右圆盘转动的周期T；（2）小物块转动的线速度大小和向心加速度大小；（3）小物块所受摩擦力的大小．17、（12分）如图甲所示为车站使用的水平传送装置的示意图．绷紧的传送带长度L=1.0m，以v=3.0m/s的恒定速率运行，传送皮带轮的半径均为r=0.1m，传送带的水平部分AB距离水平地面的高度h=0.45m．现有一行李箱（可视为质点）质量m=10kg，以v0=1.0m/s的水平初速度从A端滑上传送带，被传送到B端时没有被及时取下，行李箱从B端水平抛出，行李箱与传送带间的动摩擦因数μ=0.10，不计空气阻力，重力加速度g取l0m/s1．（1）求行李箱从传送带上A端运动到B端过程中传送带对行李箱做功的大小；（1）传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦，求为运送该行李箱传送带的角速度ω是多少；（3）假如皮带轮顺时针匀速转运，当转动的角速度为ω时，旅行包从B端脱落后落地点距B端的水平距离为s．若皮带轮以不同的角速度ω重复上述动作，可得到一组对应的ω值与s值，试在给定的坐标系中正确地画出s﹣ω的关系图线（要求写出作图数据的分析过程）．

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】

A、当滑块从静止开始运动到木板右端时，发生的位移为L+s（相对于地），滑块克服摩擦力所做的功为f（L+s）．故A正确．B、对木板，由动能定理有：fs=m1v1．故B错误．C、滑块与木板间产生的热量Q=fL，根据能量守恒定律知：F（L+s）=Q+mv12+m1v1，可得，F（L+s）-fL=mv12+m1v1．故C错误．D、由Q=fL，知F增大时，Q不变，故D错误．故选A．【点睛】本题是滑块在木板上滑动的问题，要注意运动的相对性，知道求功时，位移应相对于地面．要准确判断能量是如何转化的，运用功能关系分析这种类型的问题．2、D【解析】

AB．双星运动的角速度相等，则有因为，所以，即A的质量一定小于B的质量，故AB错误；CD．设两星体间距为L，根据万有引力提供向心力公式得解得由此可知双星距离一定，双星总质量越大，其转动周期越小，双星的总质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大，故C错误，D正确。故选D。3、B【解析】

由万有引力提供向心力即即可分析解答．【详解】由公式解得：，，，A项：由可知，04星的轨道高度比03星略高，所以03号卫星与04号卫星相比，03号卫星线速度要大，故A错误；B项：由可知，04星的轨道高度比03星略高，所以03号卫星与04号卫星相比，03号卫星角速度要大，故B正确；C项：由可知，04星的轨道高度比03星略高，所以03号卫星与04号卫星相比，03号卫星周期要短，故C错误；D项：由可知，04星的轨道高度比03星略高，所以03号卫星与04号卫星相比，04号卫星向心加速度要小，故D错误．故应选：B．4、B【解析】由得，，则牵引力所以牵引力最大功率，故B正确，ACD错误．点睛：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出列车的加速度，然后根据牛顿第二定律求出合力，即牵引力，速度最大时，功率最大，根据求出最大功率．5、C【解析】由匀强电场的特点可知，则B、C连线中点D的电势为B、C电势的平均值，即为4.5V．连接OD线，即为一条等势线，作出过D的与OD垂直的线ED如图，即电场线，由几何关系可知：，所以：，D是BC的中点，则△OBD是等边三角形，又ED⊥OD，所以DE与BD之间的夹角是30°，则电场线与OB之间的夹角也是30°，故该电场的场强方向沿∠B的角平分线向上，根据电势差与电场强度的关系：，而：，代入数据可得：，故AB错误，C正确；由作电场的图可知，一个电子在O点由静止释放后会沿电场线运动，而不会沿直线OB运动，故D错误；故选C.6、B【解析】

A．每晚新闻联播的开播时间为19点，指的是时刻，选项A错误；B．校运会上某同学获得高一女子800m冠军，成绩是2分30秒，指的是时间间隔，选项B正确；C．中午12点10分是下课吃中饭的时间，指的是时刻，选项C错误；D．K267次列车到达张家界站的时间是12点27分，指的是时刻，选项D错误。故选B。7、BC【解析】绳子断开前，小球做匀速圆周运动，合力指向c点，对小球受力分析，受重力G，a绳子的拉力F1，b绳子的拉力F2，根据牛顿第二定律有：F1=mg；F2=mω2lb

小球的线速度为：v=ωlb

绳子断开后，杆停止转动，由于惯性，小球将绕A点转动，若速度较小，小球将在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动；若速度较大，也有可能在垂直于平面ABC的竖直平面内绕A点做完整的圆周运动．在最低点时：Fa-mg=m，可知Fa＞F1．故A错误，BC正确．绳未烧断前，a绳的拉力等于小球的重力，b绳的拉力提供向心力，有：Fb＝mlbω2．故D错误．故选BC．8、BCD【解析】

A．在B点时由牛顿第二定律得因为所以因为进入圆弧轨道做匀速圆周运动，所以物块到达A点时速度大小为，故A错误；B．从P到A的过程由动能定理得解得故B正确；C．物块进入圆弧后做匀速圆周运动，则物块从A运动到B所用时间故C正确；D．物块从A运动到B，由动能定理得解得故D正确。故选BCD。9、BCD【解析】

A．牛顿发现万有引力定律，卡文迪许首先测出引力常量的数值，故A错误；B．m1、m2之间的万有引力是属于相互作用力，所以根据牛顿第三定律可知：两物体受到的相互引力总是大小相等，与m1、m2的质量是否相等无关．故B正确；C．地球同步卫星和地球是相对静止的，所以必须定点在赤道的正上方，故C正确；D．因为同步卫星要和地球自转同步，即ω相同，根据向心力公式得解得因为ω一定，所以r必须固定，所以同步卫星的高度是一个确定的值，所有的地球同步卫星都在同一轨道运动，故D正确。故选BCD。10、BC【解析】将B物体的速度vB进行分解如图所示，则vA=vBcosα，在向右运动中，α减小，而vB不变，则vA逐渐增大，说明A物体在竖直向上做加速运动，由牛顿第二定律T-mg=ma，可知绳子对A的拉力T>mg，故故选BC。【点睛】本题考查运动的合成和牛顿第二定律的应用，要注意明确A和B的速度关系，利用平行四边形定则分析B的速度，从而明确A物体做什么运动，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系。11、CD【解析】A项：对A受力分析，受重力，支持力和B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有，由此可知随着角速度的增大，摩擦力也增大，只有当A要滑动时B对A的摩擦力才为，故A错误；B项：由于A与C转动的角速度相同，都是由摩擦力提供向心力，对A有，对C有，由此可知C与转台的摩擦力小于A与B间的摩擦力，故B错误；C项：当C刚要滑动时的临界角速度为：，解得，对AB整体要滑动的临界角速度为：，解得：，故C正确；D项：由C分析可知，C的临界角速度最小，所以C最先滑动，故D正确．12、BC【解析】试题分析：电场力与检验电荷的电荷量有关，A错误；电场强度只和电场本身的性质有关，与检验电荷无关，B正确；电势是人为规定的，电势差是相对的，与检验电荷无关，C正确；电场力做功与检验电荷有关，D错误考点：考查了电场力，电场强度，电势差，电场力做功二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、2.004.004.02C重力加速度g【解析】（1）利用匀变速直线运动的推论可得：v那么EkB=1（2）利用v22-h图线处理数据，从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：mgh=12mv2，即v214、①50N/m（49.5～50.5）②相等③动能④正比；x2（或压缩量的平方）【解析】

①据，，有：，则，同理可以求得：，则劲度系数为：．[②使滑块通过两个光电门时的速度相等，则可以认为滑块离开弹簧后做匀速直线运动；③弹性势能转化为滑块的动能；④图线是过原点的倾斜直线，所以v与x成正比；弹性势能转化为动能，即，即弹性势能与速度平方成正比，又由v与x成正比，则弹性势能与压缩量的平方成正比．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）40m；（2）202m/s，方向与水平方向成45【解析】【试题分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合初速度和时间求出水平位移x．由vy=gt求出落地时竖直分速度，通过平行四边形定则求出物体落地时速度v的大小．(1)平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据公式h=1t=则物体落地时水平位移大小为：x=v0t=20×2m=40m(2)物体落地时竖直分速度大小为：vy=gt=10×2m/s=20m/s落地时速度的大小为v=【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和平行四边形定则灵活求解．16、(1