2023年云南省大理市下关第一中学物理高二第二学期期中调研模拟试题含解析

2023年云南省大理市下关第一中学物理高二第二学期期中调研模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，有一玻璃三棱镜ABC，顶角A为30°，一束光线垂直于AB射入棱镜，从AC射出进入空气，测得出射光线与AC夹角为30°，则棱镜的折射率为()A． B． C． D．2、A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移－时间图象(x－t图)分别为如图中ADC和BDC所示．由图可知，物体A、B的质量之比为()A．1:1 B．1:2 C．1:3 D．3:13、两分子间的作用力F与间距r的关系图线如图所示，下列说法中正确的是()A．r<r1时，两分子间的引力为零B．r1<r<r2时，两分子间的作用力随r的增大而逐渐增大C．r＝r2时，两分子间的引力最大D．r>r2时，两分子间的引力随r的增大而增大，斥力为零4、如图所示，倾角为θ＝30°的斜面上，一质量为6m的物块经跨过定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连，现将小球从水平位置静止释放，小球由水平位置运动到最低点的过程中，物块和斜面始终静止．运动过程中小球和物块始终在同一竖直平面内，则在此过程中（）A．细绳的拉力先增大后减小B．物块所受摩擦力逐渐减小C．地而对斜面的支持力逐渐增大D．地面对斜面的摩擦力先减小后增大5、下列说法正确的是（）A．布朗运动是液体分子的运动，它说明分子在永不停息地做无规则运动B．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大C．当分子表现为引力时，分子间的距离增加时分子势能不一定增加D．温度和质量都相同的水、冰和水蒸气，它们的内能相等6、如图所示，导体棒ab长为4L，匀强磁场的磁感应强度为B，导体绕过O点垂直纸面的轴以角速度ω匀速转动，a与O的距离很近．则a端和b端的电势差Uab的大小等于()A．2BL2ωB．4BL2ωC．6BL2ωD．8BL2ω二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的p－t图象反映了一定质量的理想气体在两个容器中做等容变化的图线，两图线与t坐标轴的交点都为－273℃，由图线可以看出()A．把查理定律“外推”到t＝－273℃的情况下仍成立B．查理定律在达到t＝－273℃之前早已不适用了C．V2＞V1D．V1＞V28、如图所示，理想变压器的原副线圈匝数之比为2:1，原线圈接在u=220sin100πt(V)的交流电源上，副线圈一端接有R=55Ω的负载电阻、熔断电流为1A的保险丝和一个灯泡D，电流表为理想电表．下列说法正确的是()A．S断开时，原线圈中电流表的读数为1AB．S断开时，原线圈中的输入功率为220WC．副线圈中输出交流电的周期为50sD．S闭合时，灯泡D正常发光，原线圈中电流表读数不会超过1.5A9、如图是表示一定质量的理想气体的状态变化过程图像，变化过程如图中箭头所示，则下列说法中，正确的是（）A．ab过程中气体的内能增加，密度不变B．bc过程中气体内能增大，气体对外做功C．cd过程中分子的平均动能不变，对外放热D．da过程中，气体内能增加，密度不变10、如图所示，有一截面为矩形的有界匀强磁场区域ABCD，AB＝3L，BC＝2L，在边界AB的中点上有一个粒子源，沿边界AB并指向A点的方向发射各种不同速率的同种正粒子，不计粒子重力，当粒子速率为v0时，粒子轨迹恰好与AD边界相切，则()A．速度小于v0的粒子全部从CD边界射出B．当粒子速度满足＜v＜v0时，从CD边界射出C．在CD边界上只有上半部分有粒子通过D．当粒子速度小于时，粒子从BC边界射出三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）由公式求得的g值偏小，可能是由于____________A．测量摆长时，只测量了摆线长度B．悬点固定不牢，摆动中摆线被拉长了C．测量周期时，将N次全振动误记为N+1次全振动D．选择了质量大体积小的摆球（2）下列摆动图像真实地描述了对摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动图象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.026，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是_____________（填字母代号）（3）某同学利用单摆测定当地重力加速度，发现单摆静止时摆球重心在球心的正下方．他仍将从悬点到球心的距离当作摆长L，通过改变摆线的长度，测得6组L和对应的周期T，画出L—T2图线，然后在图线，然后选取A、B两个点，坐标如图所示．他采用恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式应为g＝__________．请你判断该同学得到的实验结果不摆球重心就在球心处的情况相比，将________．（填“偏大”、“偏小”或“相同”）12．（12分）某学习小组利用带光电门的气垫导轨以及滑块A和B来探究动量守恒定律，光电计时器如图甲所示，可以显示遮光片经过光电门时的挡光时间，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。实验装置简化如图乙所示。采用的实验步骤如下①将遮光片固定在滑块上，并用天平分别测出滑块A、B的质量、；②调整气垫导轨，使导轨处于水平；③在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧且两端与A、B链接，用电动遥控卡销锁定，A紧靠在左侧挡板处静止放置在气垫导轨上，光点门1位于O处，光电门2位于E处④按下遥控电钮放开卡销，当B运动到O时，弹簧第一次恢复原长；当弹簀再次压缩到最短时（B尚未达到E点），遥控装置自动锁定弹簧，使弹簧不再伸长。光电门1记录B第一次到达O时的挡光时间为，光电门2记录B第一次达到E的挡光时间；⑤利用上述测量的实验数据，探究动量守恒定律(1)关于本实验，以下说法正确的是（______）A．在B滑动到O之前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，能量守恒B．在B从O运动到E的过程中，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，能量守恒C．刚开始弹簧压缩时的总长度与A、B运动中弹簧被压缩到最短时的总长度相同D．在B从O运动到E的过程中，滑块A、B有两次速度相同(2)探究动量守恒定律的表达式为_____；(3)在B经过O点之后运动到E的过程中，当弹簧再次恢复到原长时，滑块A的速率_____（填“大于”、“小于”“等于”）滑块B的速率。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）已知原子核质量为209.98287u，原子核的质量为205.97446u，原子核的质量为4.00260u，静止的核在衰变中放出粒子后变成，求：（1）在衰变过程中释放的能量；（2）粒子从核中射出的动能．14．（16分）一静止原子核发生α衰变，生成一α粒子及一新核，测得α粒子的速度为光在真空中的速度的0.1倍．已知α粒子的质量为m，电荷量为q；新核的质量为α粒子的质量的n倍；光在真空中的速度大小为c．求：（1）衰变过程中新核所受冲量的大小；(2)衰变前原子核的质量．15．（12分）一小型发电机通过升压、降压变压器把电能输送给某工厂，已知发电机的输出功率为为50kW，输出电压为500V，升压变压器原、副线圈匝数比为1:5，两个变压器间的输电导线的总电阻为15Ω，降压变压器的输出电压为220V，变压器本身的损耗忽略不计，在输电过程中电抗造成电压的损失不计，求：（1）升压变压器副线圈两端的电压；（2）输电线上损耗的电功率；（3）降压变压器原、副线圈的匝数比．（4）该厂安装的都是“220V40W”的电灯，不考虑其他电器，则允许同时开多少盏灯？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

顶角A为30°，则光从AC面射出时，在玻璃中的入射角i＝30°.由于出射光线和入射光线的夹角为30°，所以折射角r＝60°.由光路可逆和折射率的定义可知n＝＝，C项正确．【详解】2、C【解析】

由x－t图象可以知道,碰撞前，碰撞后碰撞过程动量守恒,对A、B组成的系统,设A原方向为正方向,则由动量守恒定律得:,

计算得出故C正确；ABD错误；故选C3、B【解析】

A．分子间同时存在引力和斥力，r＜r1时，斥力大于引力，合力表现为斥力，故A错误；B．r1＜r＜r2时，两分子间的作用力随r的增大而逐渐增大，负号表示方向，故B正确；C．分子间同时存在引力和斥力，随着距离减小而增加，r=r2时，分子力表现为引力且最大，但不是分子引力最大，故C错误；D．r＞r2时，两分子间的引力随r的增大而减小，故D错误；故选B．点睛：正确理解分子力、分子势能与分子之间距离的变化关系，注意分子力与分子势能变化的一个临界点为r=r1，注意将分子力与分子之间距离和分子势能与分子之间距离的图象比较进行学习．4、B【解析】

A、小球向下摆动的过程中，细线对小球的拉力与重力沿径向的分力的合力提供向心力，小球速度变大，所需向心力变大，所以细线对小球拉力一直增大，A错误；B、开始摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件可得摩擦力大小f＝6mgsin30°＝3mg；设滑轮到小球的距离为R，当物块在最低点时，根据动能定理可得mgR＝mv2，根据牛顿第二定律可得F﹣mg＝m，解得最低点绳子拉力为F＝3mg，此时物块的摩擦力大小为0，而绳子中的拉力一直增大，所以斜面对物块的摩擦力一直减小，故B正确；CD、对物块和斜面组成的整体分析可知，拉物体的绳子拉力在竖直方向的分力一直增大，在水平方向的分力一直增大，地面对斜面的支持力一直减小，摩擦力一直增大，故CD错误．5、B【解析】A.布朗运动是固体小颗粒的运动，它间接说明分子永不停息地做无规则运动，故A错误；B.温度高的物体内能不一定大，要看分子总数的多少，但分子平均动能一定大，故B正确；C.当分子表现为引力时，随分子间的距离增加，分子引力做负功，分子势能增加，故C错误；D.温度和质量都相同的水、冰和水蒸气，冰的内能最小，水蒸气内能最大，故D错误。故选：B。6、D【解析】导体绕过O点垂直纸面的轴以角速度ω匀速转动，导体棒产生的感应电动势：E=B∙4Lv=4BL∙ω×4L2=8BL2ω，a端和b端的电势差大小：U=E=8BL2ω，故ABC错误，D正确；故选点睛：本题考查了求两点间的电势差，应用E=BLv求出导体棒切割磁感线产生的感应电动势即可解题，要掌握导体棒绕定点做圆周运动切割磁感线产生的感应电动势计算公式：E=12BL2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

AB．在绝对零度附近，气体的物理性质发生变化，压强与热力学温度成正比的关系将不存在，故A错误，B正确；CD．在图线中延长线过-273℃，所以是等容变化，根据理想气体状态方程可得：可知图线的斜率大小与体积大小成反比，所以则有：故D正确，C错误；故选BD。8、AD【解析】

原线圈接在的交流电源上，所以原线圈的电压U1=220V，理想变压器的原副线圈匝数之比为2：1，所以副线圈电压，副线圈一端接有R=55Ω的负载电阻，S断开时，副线圈电流，根据电流与匝数成反比，所以原线圈中电流表的读数为，A正确；S断开时，副线圈输出功率，所以原线圈中的输入功率为220W，B错误；原线圈接在的交流电源上，周期，所以变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为0.02s，C错误；S闭合时，灯泡D正常发光，保险丝的熔断电流是热效应的作用，所以熔断电流1A应是有效值，根据并联电路的电流关系得副线圈的电流最大值是3A，根据电流与匝数成反比，所以原线圈中电流表的读数最大是，故D正确；9、AB【解析】试题分析：根据气体状态方程和已知的变化量去判断其它的物理量．温度是分子平均动能变化的标志．一定质量的理想气体的密度变化看体积的变化．A、ab过程中T增大，分子平均动能增大，内能增大．根据气体状态方程知道V不变．质量不变，所以气体密度不变；正确B、bc过程中T增大，分子平均动能增大，内能增大．P不变，根据气体状态方程知道V增大，气体对外做功；正确C、cd过程中T不变，分子平均动能不变，P减小，据气体状态方程知道V增大，对外做功，应吸热；错误D、da过程中，T减小，分子平均动能减小，内能减小，P不变，根据气体状态方程知道V减小，质量不变，气体密度增大；错误故选AB考点：理想气体的状态方程点评：注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化．能够用物理规律把所要研究的物理量表示出来．10、BC【解析】

如图，由几何知识可知，与AD边界相切的圆形轨迹半径为1.5L，与CD边界相切的轨迹半径为L；由半径公式可知轨迹与CD边界相切的粒子速度为，由此可知，仅满足＜v≤v0的粒子从CD边界的PD间射出，速度小于的粒子不能打出磁场，故选项BC正确，AD错误；故选BC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）AB；（2）A；（3）相同【解析】

（1）A．根据公式：若测量摆长时，只测量了摆线长度，测得摆线比实际小，则测量的g值偏小，A正确B．摆动中摆线被拉长了，导致实际摆线比测量摆线长，即测量摆线短，根据公式，可知，测量g值偏小，B正确C．测量周期时，将N次全振动误记为N+1次全振动，使得测量时间偏小，根据公式可知，测量g值偏大，C错误D．实验中为了减小阻力带来的误差，选择质量大体积小的摆球，所以选择了质量大体积小的摆球，测量g值不会偏小，D错误（2）摆角小于5°，我们认为小球做单摆运动，摆长约为1m的单摆，可以计算得出振幅：，而在测量时间时，为了减小误差，从平衡位置开始计时，所以BCD错误A正确（3）根据单摆周期公式：，得：，则图像斜率，所以；由图象可知L与T2成正比，由于单摆摆长偏大还是偏小不影响图象的斜率k，因此摆长偏小不影响重力加速度的测量值，用图线法求得的重力加速度准确，该同学得到的实验结果与摆球重心就在球心处的情况相比，将相同．12、BD大于【解析】

（1）[1]A．在B滑动到O之前，对于A、B和弹簧组成的系统受到左侧的挡板的力，系统合外力不为零，系统的动量不守恒，能量守恒，A错误；B．在B从O运动到E的过程中，对于A、B和弹簧组成的系统受到合外力为零，系统的动量守恒，只有系统的弹力做功，能量守恒，B正确；C．从开始到达当A的速度等于B的速度时，弹簧压缩到最短过程，根据能量守恒，即开始的弹性势能大于压缩量最短的弹性势能，所以刚开始弹簧压缩时的总长度与A、B运动中弹簧被压缩到最短时的总长度不同，C错误；D．弹簧开始时具有弹性势能，当B运动到O时，弹簧第一次恢复原长，然后A、B和弹簧继续运动，B受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A受到弹簧的拉力为动力A做加速运动，因为B的速度大于A的速度，弹簧将伸长，当A和B的速度相同时，弹簧的伸长量最大，由于弹簧仍是伸长的，B继续受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A继续受到弹簧的拉力为动力A做加速运动，即此过程中A的速度大于B的速度，弹簧伸长量将继续减少，一直到弹簧伸长量为零达到弹簧再次恢复原长，此时A的速度仍然大于B的速度，弹簧将从原长受到压缩，一直到A的速度等于B的速度，弹簧压缩到最短，做后到达E点，所以，在B从O运动到E的过程中，滑块A、B有两次速度相同，D正确。故选BD。（2）[2]根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度，滑块通过光电门的速度分别为运动到O时速度第一次达到E的速度B经过O点之后运动到E的过程中，动量守恒即由以上各式解得。（3）[3]弹簧开始时具有弹性势能，当B