2022-2023学年辽宁省葫芦岛市高一（上）期末物理试卷及答案解析

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年辽宁省葫芦岛市高一（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.下列说法正确的是(

)A.物体运动的路程越大，位移也越大

B.用比值法定义的加速度表达式是a=Fm

C.物体运动时“3m/s2.我国有一种传统的民族体育项目叫作“押加”，实际上相当于两个人拔河，如图所示。如果甲、乙两人在押加比赛中，甲获胜，则下列说法不符合事实的是(

)A.甲获胜说明甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力

B.甲获胜说明甲对乙的拉力大于乙受到地面的摩擦力

C.甲获胜说明地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力

D.甲虽然获胜但甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小3.1935年5月，红军为突破“围剿”决定强渡大渡河.首支共产党员突击队冒着枪林弹雨依托仅有的一条小木船坚决强突。若河面宽500m，水流速度5m/s，木船相对静水速度3A.62.5s B.100s C.125s4.图甲是小王同学某次拎购物袋时的情景图，其简化示意图如图乙所示。为了方便携带，小王在购物袋上端的绳上打了一个结，使绳子缩短了一些.则绳子缩短后小王拎着竖直静止的购物袋时，下列说法正确的是(

)A.两段绳子的拉力大小都变小

B.两段绳子的拉力大小都变大

C.小王对购物袋的作用力减小

D.小王对购物袋的作用力增大5.如图甲为某热气球示意图，图乙是它某次升空过程中的v−t图像(取竖直向上方向为正方向)，则以下说法正确的是(

)A.0～10s内，热气球的加速度为2m/s2

B.10～30s6.小明和小强同学做了一个游戏实验。小明同学在距地面1.25m高处两手指夹住一小玻璃球(以下简称小球)自由释放，让小强在小球正下方想法抓住小球。小强尝试实验发现在很多位置都能抓住小球，但能抓住小球的最高位置距小球释放处距离为20cm。小明每次自由释放的位置不变，忽略空气对小球的作用力，重力加速度g=A.0.2s B.0.5s C.217.如图所示，在某建筑工地的水平地面上堆放着相同的10根原木，每根原木的重力为G，可将原木看成圆柱体，不考虑原木之间的摩擦。下列说法正确的是(

)A.4号原木受到的合力为G，竖直向上

B.4号原木受到其他原木的作用力的合力为零

C.1号原木对2、3号每根原木的压力大小均为33G

D.2、3号每根原木对1二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）8.某校实验小组做了关于超重和失重的实验，在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，小强同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内小强同学发现体重计示数如图所示，重力加速度为g，则在这段时间内(

)A.小强同学所受的重力不变

B.电梯一定在竖直向下运动

C.电梯的加速度大小为g5，方向一定竖直向下

D.9.如图，一细绳跨过光滑定滑轮，其一端悬挂物块B，另一端与地面上的物块A相连，系统处于静止状态。现用水平向右的拉力缓慢拉动B，直至悬挂B的细绳与竖直方向成45°。已知A始终保持静止，则在此过程中(

)A.水平拉力大小可能先减小后增大 B.A所受细绳的拉力一直增大

C.A所受地面的摩擦力一直增大 D.A所受地面的支持力可能先减小后增大10.投壶是古代士大夫所做的一种投射游戏。《礼记传》中提到：“投壶，射之细也。宴饮有射以乐宾，以习容而讲艺也。”若甲、乙两人站在距壶相同水平距离处沿水平方向各投出一支完全相同的箭，箭尖插入同一个壶中时与水平面的夹角分别为53°和37°，忽略空气阻力、箭长、壶的高度、壶口大小等因素的影响，下列说法正确的是(

)A.甲所投箭的初速度大小比乙的小

B.甲所投箭的位置比乙所投箭的位置高

C.甲、乙所投的箭在空中运动的时间相等

D.此运动过程中，甲所投箭的速度的变化量比乙大三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11.某学校实验小组在研究匀变速直线运动的实验中。小车在恒力作用下利用打点计时器获得了如图所示的纸带，纸带上打出一系列的点，其中0、1、2、3、4点为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点未标出，根据图中数据计算出在打下计数点“2”时小车的速度大小为______m/s，小车的平均加速度大小为______m/s2(结果保留三位有效数字)。已知电源的频率为12.(1)某同学在竖直悬挂的弹簧下加挂钩码，做“研究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验，该同学根据实验数据画出弹簧弹力与弹簧长度的关系图像如图所示。由此得出弹簧发生弹性形变时，弹力的大小F跟弹簧伸长的长度x成正比，即F=kx。式中的k称为弹簧的劲度系数。根据图示计算出该弹簧的劲度系数为______N/m；弹簧的原长______四、简答题（本大题共2小题，共29.0分）13.如图甲所示，两滑块P、Q用细线跨过定滑轮相连，Q距地面一定高度，P可在平行于斜面的细线牵引下沿粗糙斜面向上滑动，未与定滑轮碰撞。已知斜面倾角θ=30°，P的质量为m=1kg。某时刻由静止释放P，测得P沿斜面向上运动的v−t图像如图乙所示，重力加速度g取10m/s214.2022年11月21日开赛的世界杯足球比赛于12月18日落下帷幕。在某场比赛过程中，足球恰好经过中线上的足球运动员身边平行边线向前运动，运动员立即从静止开始沿足球运动方向匀加速追赶足球，加速度大小为2.5m/s2，运动员速度达到10m/s后将以此速度匀速运动。假设足球经过中线时的速度为10m/s，以后在草坪上的运动可视为匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2，5=2.24。求：

(1五、计算题（本大题共1小题，共10.0分）15.如图所示，某人用轻绳牵住一只质量0.5kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角，氢气球、轻绳和人均处于静止状态。已知空气对氢气球的浮力为17N，人的质量50kg，人受到的浮力忽略不计(sin37°=

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A.路程是标量，路程越大，运动的轨迹越长，但是位移与路程无关，位移取决于物体运动的初末位置，故A错误；

B.a=Fm是加速度的决定式，用比值法定义的加速度表达式是a=ΔvΔt，故B错误；

C.速度是矢量，速度的正负表示速度的方向，物体运动时“3m/s”的速度与“−3m/s”速度只是方向相反，二者大小相等，故C错误；

D.物体做曲线运动的条件为物体所受的合力与运动方向一定不在同一条直线上，故D正确。

故选：2.【答案】A

【解析】解：对甲、乙两人及绳子为一整体进行研究，水平方向的外力就是地面分别对甲、乙两人的摩擦力，整体从静止到运动起来产生了加速度，故受外力不平衡，

甲获胜，根据牛顿第二定律可判断甲所受摩擦力大于乙所受摩擦力。根据牛顿第三定律得甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大小相等；

即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，甲才能获胜。故A错误，BCD正确；

本题选不符合事实的，故选：A。

根据牛顿第二定律和第三定律分析，“押加”比赛中两队对绳子的拉力等大反向，之所以甲获胜，原因是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力．

本题考查了牛顿运动定律的应用，由此题的知识我们可以知道，在拔河比赛中要挑选一些体重大的同学，以增加与地面之间的最大静摩擦力。

3.【答案】D

【解析】解：当船头始终与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为：tmin=dv船=5003s≈167s

4.【答案】B

【解析】解：AB、由于购物袋重力没有变，故绳子缩短后，根据力的合成特点可知当重力不变时，绳子间的夹角变大，故绳子上的力变大，故A错误，B正确；

CD、由于购物袋重力没有变，故绳子缩短后，购物袋对人的作用力不变，故CD错误。

故选：B。

根据力的合成原理，即平行四边形法则可分析解答。

5.【答案】D

【解析】解：A、v−t图像的斜率表示加速度，由图像得，0～10s内，热气球做匀加速直线运动，热气球的加速度为a1=Δv1Δt1=5−010−0m/s2=0.5m/s2

故A错误；

B、由图像可知，10～30s内，热气球的速度不变，向上做匀速直线运动，故B错误；

C、v−t图像与坐标轴所围的面积表示位移，则0～40s内，热气球上升的位移为x=(20+406.【答案】A

【解析】解：由题意可知，小强抓住小球的最高位置距小球释放处距离为20cm，即小球在反应时间内下落的距离为0.2m，则根据自由落体运动规律可求小球下降的时间：t=2hg=2×0.210s=0.2s

即小强的反应时间为0.27.【答案】C

【解析】解：CD.受力分析，如图所示

对1号原木根据对称性和平衡条件有2FNcos30°=G

解得FN=33G

根据牛顿第三定律有，1号原木对2、3号每根原木压力为F′N=FN=8.【答案】AC【解析】解：由图示体重计可知，此时体重计读数是40kg

A、小强在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而他的重力没有改变，故A正确；

BC、以竖直向下为正方向，由牛顿第二定律得：mg−F=ma，即50g−40g=50a，解得：a=g59.【答案】BC【解析】解：AB.对物块A、B进行受力分析，如图所示

对物块B，根据平衡条件有F=Tsinθ，mBg=Tcosθ

解得T=mBgcosθ，F=mBgtanθ

θ增大，则细绳的拉力一直增大，水平拉力也一直增大，故B正确，A错误；

CD.对物块A，根据平衡条件有f10.【答案】AB【解析】解：BC、设箭抛出点离壶口的竖直高度为h，水平距离为x，箭尖插入壶中时与水平面的夹角为θ。箭在空中做平抛运动，根据推论：速度的反向延长线过水平位移的中点，则tanθ=hx2=2hx，x相同，h越大，θ越大，则知甲所投的箭离壶口的竖直高度比乙的大，甲所投的箭在空中运动的时间比乙的长，故B正确，C错误；

A、由x=v0t可知，x相等，甲所投的箭在空中运动的时间比乙的长，则甲所投箭的初速度大小比乙的小，故A正确；

D11.【答案】0.437

0.343

【解析】解：(1)根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度得：

v2=x3−x12T=12.59−3.862×0.112.【答案】25

0.02

【解析】解：(1)根据胡克定律可知k=ΔFΔx=2.0−0.50.10−0.04N/m=25N/13.【答案】解：(1)由图乙可知，1～1.5s内，P减速上滑的加速度为

a=ΔvΔt=0−41.5−1m/s2=−8m/s2

对P，由牛顿第二定律有

−(mgsinθ+μmgcosθ)=ma

解得：μ=【解析】(1)由图乙可知，1～1.5s内，P匀减速上滑，由图像的斜率求加速度，再由牛顿第二定律和摩擦力公式相结合求解动摩擦因数μ；

(2)根据图像的斜率求出0～1s内，P加速上滑的加速度大小，再分别对P、Q14.【答案】解：(1)运动员做匀加速直线的时间t1=vma=102.5s=4s

(2)运动员在追足球的过程中，二者速度相等时，相距最远，设时间为t2，则有v0−a2t2=a1t2

足球运动的位移s1=v0t2−12a2t22

运动员运动的位移s2=12a1t22

最远距离Δs=【解析】(1)根据匀变速直线运动速度