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文档简介
★启用前2014年普通高等学校招生统一考试(卷)123528540分。如果A,B互斥,那 •如果A,B相互独立,那P( B)P(A)
P(AB)P(A)P(B)1圆柱的体积VSh •圆锥的体积V
Sh3其中S表示圆柱的底面面积 其中S表示圆锥的底面面积 7+3+
= 1f(x=log(x212
(A)(0,+¥(C)(2,+¥¥?,【答案】∞-(+2-∴ya2
yb2=1(a>0,b>0的一条渐近线平行于直线lyy
2x+10双曲线的一个焦点在直线l上,则双曲线的方程为
=
=
3y2 =
3y2 = 【答案】
5,∴caABECDDABCÐBAC的平分线交圆于点DBCEBADF.在BDABECDFB2=FD?FA;③AE BE?DE;④AF AB?BF 【答案】(2))(2)(4)设a,bÎR,则|“a>b”是“aa>bb”的 充要条 【答案】若ab则a|a|b|b|,∴是充分条件;若a|a|b|b|,则ab,∴242424已知菱形ABCD的边长为2,? 120,点E,F242424BC,DC上,BE=lBC,DF=mDC.若AE 1,2
CE12【答案】
,则323
+m= 56
7
2设CExCFy,则AEAFAC+CEAC+CFACCACECACF2=4-2xcos60°-2ycos60°-2 x 2=λ+
2=1∴+μλ=5选((2)2--
12- 12110二、填空题(6530分.把答案填在题中横线上从该校四个年级的本科生中抽取一个容量为300的样本.已知该校一年级、二年4:5:5:6,则应从一年级本科生中抽取【答案】:m, m3 设{an}是首项为a1,公差为-1Sn为其前n项和.若
列,则a1的值 解在DABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c.已知 ,则cosA的值 在以O为极点的极坐标系中,圆r 和直线r 相交于A,B两点.DAOB是等边三角形,则a的值 【答案】f
,x
R
4数根,则实数a的取值范围 三、解答题(680分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步)(15(已知函数 ,xR.求fx在闭区间 上的最大值和最小值 44【答案 f(x)=cosxsin(x+π)-3cos2x+3=cosx(sinx•1+cosx 3)-3cos2x+ =sin2x•1-cos2x
3+3=sin2x•1
3(2cos2x-1)=1(sin2x•1-cos2x 34=
sin(2x2
),T
2f()x=2
2sn(
π,3
π2si(
π)]=[-1,
2
1,2
2(16(某大学有6名男同学,4名女同学.在这10名同学中,3名同学来自数学710设X为选出的3名同学中女同学的人数,求随量X的分布列和数学期望【答案 x0123p(17( 中,PA^底面 , , AB=1EPC证明BE BEPBD若F为棱PC上一点,满足BF 求二面角F- 【答案 (1)省略 ⊥(1,0-2,0).
|n||BE
32222
33同(2建立直角坐标,设F(xyzPCλPF解得F(xx,2x),则BFAC(1,00), 22解得一个n(0,3,-1).cosnn
= 0+3+0 =310.
|n1||n2
0+1+0 所以,二面角FABP的夹角θ的cosθ=|cosnn>|310 (18(设椭圆x2y21(ab )的左、右焦点为F,F,右顶点为A,上顶点为B.已 32AB32
线l与该圆相切.求直线的斜率.【答案 |AB
3|FF|∴a2+b234c2且a2c2+b2.解得e=c
.所以,离心率为 1
y2x yFBFPb(x+by0,即x+by0,且11=∴x22(x+b)22b2
(x1k+x1
-x1),半径r,则r2= ,1x2(k
5x
k2即(2r)2= ,又(2r)2=BP2=x2+(y-b)2=x2+(x+2b)2=1.k2 (k
4∴=k24
(19(已知qn1的自然数.设集合M={0,1
,q
A={xx
x+xq
+xqn-1,
?M
, 当q=2n=3A s,t
A,s=
+aq
1t=b+bq +bqn-1+an +an【答案 (1) 省
q=2,n=3∴M={0,1},A当knkN+时,bqk-1aqk-1≥0(q1)qk-1(1q)qk-k∴bq0+bq1+bq2
qn-2-(aq0+aq1+aq2++
qn-2)
n-
1-qn-
n-(1-q)(q0+q1+q2++qn-2)=(1-
1-
=1-qn-即tbqn-1saqn-1)1qn-1,即ts1qn-1+bqn-1aqn- ab,qn-10∴bqn-1aqn-1≥qn-1∴ts1qn-1+qn-10.所以s (20(f(x=x
aex(a
R),x
Ry
f(xx1x2x1<x2求a
x2随着a
x2随着a【答案 省 省 f(x)xaex∴令f(x)0,则xaex1,x g(x)
ex(1-x)
=1-,g(x)
,g(x)
1时,对应x,x e,.所以,a∈(01),e
e由(1)图像可知0xx,当a变小时x变小↓,x变大↑,x2变大x x1
(-3用数形证明x1+x2
令hxg
2
=
=g
+g
x)-=-x
x
xe
>>0∴h>>
1
x+
ex1+ex-(-a
21∴令xxxex1+ex2
gx),2x
明gx是递增的gx
e2x1-
再令h
=
e2
exx
hx
=ex+
ex
∴hx>
=
e2x1
gx
.2)(
(a
12345678ABBDADCC7+3+
=
(A)1-
1+
7+
(7+i)(3- 25-
=1-i3+
(3+4i)(3- xy2xy满足约束条件xy20y21O2-y21O2-zx2y的最小值为 x解
i=1T=3S=3i
2T=5S=15i=3时,T=7S=105i=4输出S=1051f(x=log(x212
(A)(0,+¥(C)(2,+¥
(B)(-(D)(-
,
x2
4>0x<-2x
2f(x单调递增区间为(-?,a2
yb2=1(a>0,b>0的一条渐近线平行于直线lyy
2x+10双曲线的一个焦点在直线l上,则双曲线的方程为
=
=
3y2 =
3y2 = ï解
,所以a2=5b2=
20ï ABECDABECD
=a+
= DABCÐBACD,BCEBADFBD平分ÐCBFFB2AE BE?DE;④AF AB?BF
FD?FA 解 由弦切角定理得?
?
?BAE,又?
?AFBDBFDDAFB
,即AF AB?BF,排除A、 又?
?
?DBC设a,bÎR,则|“a>b”是“aa>bb”的 解 设f(x)
ìïx2,x³xxf(x=
f(xRa>baa>bb
x2,x<已知菱形ABCD的边长为2,? 120,点E,F分别在边BC,DC上BE=lBCDF=mDCAE
1,CE
,则3
+m= (A)2
3
6
(D)解 因为?
120AB
AB
=-2BE=lBCAE
AB+
AD,AF=mAB
ADAE
1,所以(AB+
AD)=1,即
+
lm= 2同理可得lm-l
m=- ②,①+②得3
+m= 612110二、填空题(6530分.把答案填在题中横线上242424个容量为242424生中抽 解 应从一年级抽取
4+5+5+
单位:m
体的体积 m3解 该几何体的体积为p
1p
2=
m3 设{an}是首项为a1,公差为-1Sn为其前n项和.若S1S2S4列,则a1的值 解:- 依题意得S2=S
,所以(2a-1)2=a(4a-6),解得a=-1 1
1在DABCAB,C所对的边分别是a,bc.已知b2sinB=3sinC,则cosA的值
c a4 解 因为2sinB=3sinC,所以2b=3c,解得b ,a=2c b2+c2- 所以cosA = 在以O为极点的极坐标系中,圆r
4sinq和直线rsinq
aABDAOB是等边三角形,则a的值 解 圆的方程为x2+(y-2)2=4,直线为y=a 桫y x因为DAOB是等边三角形,所以其中一个交点坐标 ,a÷桫y xf(x
x2+3x,x
Rf
ax
1=04个互异的实数根,则实数a围 0<a<1a>显然a>0y=-
a(x
1)y=-
x2
3xa=1f
ax
1=0y3y31xy
a(x
y
x2+3xa=9f
ax
1=02结合图象可知0<a<1a>9x2+x-解2:显然ax2+x-y91Oy91O令t=x-1,则a4
t +5t因为t ?(?t4
][4,+?所以t +5?t
ゥ 结合图象可得0<a<1a> t三、解答题(680分.解答)(15( 3已知函数fxcosxsinx 3
3cosx
,xR4fx在闭区间 4413分.11解:f(x=cosx
sinx
3cos2x33÷ 33÷=1sinx?cos 3cos2x =1sin2x 3(1+cos2x)+ =1sin2x 桫sin2x桫
f(x的最小正周期T
=p2轾 轾p解:因为f(x)在区间 上是减函数,在区间 臌 臌12骣p
骣p
f ÷=
,f ÷=
,fç 桫
桫
4 4轾p 所以,函数f(x)在闭区间 上的最大值为,最小值为 臌4 (16(某大学有6名男同学,4名女同学.在这10名同学中,3名同学来自数学710设X为选出的3名同学中女同学的人数,求随量X的分布列和数学期望本小题主要考查古典概型及其概率计算,互斥、离散型随量的分布列13分.解:设“选出的3名同学来自互不相同的学院”为A, 349所以,f(x)的最小正周期T 解:随量X的所有可能值为 (k 所以,随量X的分布列X0123P161231随量X的数学期望 (17( 中,PA^底面 , , AB=1EPC证明BE BEPBD若F为棱PC上一点,满足BF 求二面角F- zz 13分.(方法一B(100)C(220)D(020)P(002)EPCE(Ⅰ)证明:BE=(0,1,1)DC=(200)BE
0BE
DC解:BD=
n=(xyzPBD的法向量,则
x+2y=íî íî
2z=y=1,可得n=(2,1,1)PBDn,BE nn,BE nn 623BEPBD所成角的正弦值为33解:BC=(120)CP=
2,2),AC=(2,2,0),AB=(1,0,BF==BC+lCP=由点F在棱PC上,设BF==BC+lCP=故
2l,2
2l,2l由BF^AC,得BF 0
11
2l)+2(2
2l)=0,解得l .即BF= ,, 22 n=(xyz)FAB的法向量,则ïn1
0即
1x
1y
3z=
z=1,可得n1=(0,-3,1)FABABP的法向量n2=(0,10)
3n, n, n1=-10´F
AB
P是锐角,所以其余弦值 33(方法二证明:PD中点MEMAMEMPCPDEM//DCEM
1DC2EM//ABEMBE//AM
ABABEMPA^ABCDPA
CD,而CD
DA,从而CD^PADAMÌPAD,于是CD
AMBE//AMBE
CD解:BM,由(Ⅰ)有CD^PAD,得CD^PDEM//CDPD^EMAD
APMPDPD
AMPD
BEPD^BEMBEM^PBD222BEPBDBMBE^ÐEBMBEPBD所成的角.222
EM,可得ÐEBMPD
,而M为PD中点,可得AM ,进而BE 12故在直角三角形BEM中,tan? EM=AB ,因此sin? 312 所以,直线BE与平面PBD所成角的正弦值 33解:如图,在DPACFFH//PA交ACH.PA^ABCDFH^ABCDFHAC
ACBFBH
ACAC^FHBABCD内,可得CH=3HA,从而CF=3FPPDCFG//DCPD于点GDG=3GPDC//AB,故GF//ABABF,GAB
PA,AB
ADAB^PADAB
所以ÐPAGF
AB
P在DPAGPA
2,PG
1PD ,?
452 23由余弦定理可得AG ,cos?3 F
AB
3P的斜率值3(18( 设椭
1(ab0)F1F2AB32AB32
线l与该圆相切.求直线的斜率.13解:设F2的坐标为(c,0)AB
3232
,可得a2+b2=3c2又b2=
a2
c222
=122所以,椭圆的离心率e 22a2+ 3ca2+
c2=3c2,解得a
22解:由(Ⅰ)知a2=
2c2b2=c2
+c2=P(x0y0)F1(-c,0)B(0c)F1P=(x0+cy0)F1B=
0,即(x0+c)c
y0c=0.又c
0x0
y0+c
0 Px y0+0= 由①和②可得3x2+
=0.而点P不是椭圆的顶点,故x= 4ccy0 ,即点P的坐标为 , 桫3-4c+
c+设圆的圆心为T(x,y),则x= =-
2c,y=
=2c (x-(x- +y-1)2(21)
5c3
设直线l的斜率为k,依题意,直线ly=kxkx1-kx1- k2+
=r
c55ç- 桫 k2+k2+
8k+1=0,解得k
4 所以,直线l的斜率为4 或4 (19(已知qn1的自然数.设集合M={0,1
,q
A={xx
x+xq
+xqn-1,
?M
, 当q=2n=3A s,t
A,s=
+aq
+an1t=b+bq +b+an ai,bi
M,i=1,
n.证明:若an<bns<t本小题主要考查集合的含义和表示,等比数列的前n项和,不等式的证明等基14分.(Ⅰ)解:当q
2n=3M=A={xx
x1+2x2+4x3,xi
M
=(Ⅱ)证明:s,t
A,s=
+aq
1,t=b+bq +bqn-1+an +anai,bi
M,i=1,
n及an<bns-t=(a
b)+(a
b)q
- )qn-2+(a
b)qn-+(an- n+(an-?
1)+(q
q +(q
qn-2
qn-(q
qn- -qn-1-=-1<0s<t(20(f(x=x
aex(a
R),x
Ry
f(xx1x2x1<x2求a
x2随着a
x2随着a方法.考查函数思想、化归思想.考查抽象概括能力、综合分析问题和解决问题的能力.14(Ⅰ)解:f(x=x
aexf¢(x=
aex(1)a£0f¢(x)>0Rf(xR(2)a>0f¢(x=0x=-lnaxf¢(x)f(xx(-? -ln(-lna,+¥f+0—f↗-lna-↘f(x的单调递增区间是(-?
lna);单调递减区间是
lna,+¥y
f(x1°f
lna)>0;2s1?
?, ln
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