(物理)初中物理电功率解题技巧(超强)及练习题含解析

(物理)初中物理电功率解题技巧(超强)及练习题(含答案)含分析(物理)初中物理电功率解题技巧(超强)及练习题(含答案)含分析(物理)初中物理电功率解题技巧(超强)及练习题(含答案)含分析（物理）初中物理电功率解题技巧(超强)及练习题(含答案)含分析一、电功率选择题1．如图甲所示，已知电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，滑动变阻器R2规格为“20Ω0.5A”。闭合开关S后，调治滑动变阻器的滑片P，获取电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，以下说法中正确的选项是（）

的A.电源电压为9VB.R的阻值为20Ω1C.滑动变阻器的取值范围是2Ω~20ΩD.电路总功率的变化范围是2W~3W【答案】C【分析】【解答】结合电路图和乙图可得：，；解得：，电源电压为：，AB不吻合题意；已知电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”，由于串通时电流相等，故电路最大电流为0.5A，此时电路总电阻为：，则滑动变阻器最小电阻为：；当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V，小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值能够调整到最大，即20Ω，则滑动变阻器接入电路的取值范围是2Ω~20Ω；最小电流为：，电路最小功率为：；电路最大功率为：。故答案为：C。【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻R1的值，依照变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.2．以下列图的电路，当开关闭合后，灯

L1比

L2亮．以下说法正确的选项是（

）A.经过L的电流大于经过L的电流B.L两端电压大于L两端电压1212C.L1的电阻小于L2的电阻D.L1的电功率等于L2的电功率【答案】B【分析】【解答】解：（1）灯L1、L2串通在同一电路里，因串通电路中的电流各处相等，因此经过它们的电流都是相等的，故A错误；（2）灯的亮度取决于灯的实质功率，灯L1比L2亮，则L1的实质电功率大于L2的实质电功率，由P=I21的电阻大于2的电阻，由1两端电压大于2两端电压．故CDR可知，LLI=可知，LL错误；B正确．应选B．【分析】（1）串通电路中，电流各处相等；（2）灯的亮度取决于灯的实质功率，依照欧姆定律可判出电阻关系．3．某型号电饭锅拥有保温与加热两种功能，其简化电路以下列图，

R1、R2

均为电热丝．下列说法正确的选项是（）A.S、S闭合时，电饭锅处于加热状态B.S、S闭合时，电饭锅处于保温状态1212C.S1闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态D.S1断开、S2闭合时，电饭锅处于保温状态【答案】A【分析】【解答】解：由电路图可知，当S1、S2闭合时，R1短路，电路中只有R2；当S1闭合、S2断开时，R1，R2串通，S1断开、S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作；可见，当S1、S2闭合时，电路中电阻最小，当S1闭合、S2断开时，电路中电阻较大，由P=可知，当S1、S2闭合时，电功率最大，处于加热状态；当S1闭合、S2断开时，电功率较小，处于保温状态．故A正确、BCD错．应选A．【分析】依照P=可知，在电源电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为加热状态，反之为保温状态．据此分析判断．4．以下列图，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω1A”。闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（）A.电路耗资的最小功率为

2.5W

B.滑片

P在中点时，灯泡耗资的功率为2.4WC.滑片

P在中点时，灯泡耗资的功率为

3.2W

D.滑片

P在最左端时，

2min

内电流经过灯泡所做的功为【答案】B

10J【分析】【解答】解：滑片P在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由I＝得，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝20Ω；滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路耗资的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P最小＝＝2.5W；而实质上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，因此，电路耗资的最小功率不是2.5W；A不吻合题意；（2）滑片P在中点时，电流表示数为0.4A，依照I＝可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑＝IR滑＝0.4A××20Ω＝4V，因串通电路电压规律可得此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U滑LL＝10V﹣4V＝6V，灯泡的实质功率：P＝U′I＝6V×0.4A＝2.4W；B吻合题意，C不吻合题意；滑片P在最左端时，2min内电流经过灯泡做的功：WLUILt＝10V×0.5A×2×＝60s600J，D不吻合题意。故答案为：B。【分析】当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，依照欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串通电路的特点和P=即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；滑片P在中点时，依照欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，依照串通电路的电压特点求出灯泡两端的电压，依照P=UI求出灯泡的实质功率；滑片P在最左端时，依照W=UIt求出5min内电流经过灯泡做的功.5．以下列图电路的两灯泡L1和L2分别标有“和”“字样”，闭合开关后两均发光。假改灯泡的电阻不受温度影响，以下判断正确的选项是（）A.两灯串通B.灯更亮C.灯的电阻丝更粗D.电流表的示数为【答案】B【分析】【解答】解：A、由图可知，电流从电源的正极流出，经开关后分为两支，一支经过灯泡L1，另一支经过左侧电流表A1和灯泡L2，会合到电流表A2再回到电源的负极，因此，两灯泡并联，A不吻合题意。B、两灯泡

L1和

L2分别标有“和”“字样”，由

I=

可得，

R1＞R2

，两灯泡并联，其两端电压相等，由P=可知，灯泡L1的实质功率小于灯泡2的实质功L率，则灯L2更亮，B吻合题意；C、已知由于灯丝的资料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，因此L2灯丝就较粗，C不吻合题意；D、由图知，两节干电池串通，则电源电压为3V；若是两灯能正常发光，则A的示数为20.2A+0.3A=0.5A；由于电源电压小于两灯泡的额定电压为3.8V，因此此时两灯泡都不能够正常发光，则A2的示数应小于0.5A，D不吻合题意。故答案为：B【分析】结合实物图，理清元件的连结方式及电表的测量对象，依照I=可求得其电阻，假改灯泡的电阻不受温度影响，由P=可知其实质功率大小，灯泡的亮度取决于其实质功率大小；再依照影响电阻大小的因素分析获取两灯灯丝的粗细关系.6．以下列图的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S，标有“3V1.5W的”灯泡L1正常发光，标有“6V3W”的灯泡L2发光较暗。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，以下说法正确的选项是（）A.电表a为电流表，且示数为1AB.电表b为电压表，且示数为3VC.电表c为电流表，且示数为0.25AD.闭合开关S，电路耗资的总功率为2.25W【答案】D【分析】【解答】由P＝UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：I10.5A，I2

0.5A，由

I

可得，灯泡

L2

的电阻：

R2

12Ω；因灯泡L1正常发光，灯泡L2发光但较暗，因此，经过L1、L2的电流不相等，L1与L2应并联，则a必然是电流表，b是相当于导线的电流表，c是相当于开路的电压表，B不吻合题意；此时电流表a测干路电流，电流表b测L2支路的电流，电压表c测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L1正常发光，因此，电源的电压U＝U1＝3V，即电压表c的示数为3V，C不吻合题意；此时经过R2的电流：I2′0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，以，干路电流表a的示数：I＝I1+I2′＝0.5A+0.25A＝0.75A，A不吻合题意；电路耗资的总功率：P＝UI＝3V×0.75A＝2.25W，D符合题意。故答案为：D【分析】依照P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再依照欧姆定律I求出灯泡L2的电阻，依照“灯泡L，正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连结方式，进一步判断三电表的种类，依照串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，依照欧姆定律求出经过R2的电流，依照并联电路的电流特点求出电路总电流，再依照P＝UI求出电路耗资的总功率.7．以下列图，电源电压保持18V不变，小灯泡L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=60Ω．为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，以下说法正确的选项是（）A.S断开时电压表示数为0VB.S闭合后，电压表最大示数为15VC.小灯泡L正常发光时，变阻器R耗资的电功率为6WD.S闭合后，小灯泡L的最小实质电功率为0.5W【答案】C【分析】【解答】解：（1）S断开时，电压表测电源的电压，则电压表的示数为18V，故A错误；（2）S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串通，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数UV=UL=6V，故B错误；由P=可得，灯泡的电阻：RL===12Ω，因串通电路中各处的电流相等，因此，灯泡正常发光时电路中的电流：I===0.5A，因串通电路中总电压等于各分电压之和，因此，变阻器两端的电压：UR=U﹣UL=18V﹣6V=12V，变阻器R耗资的电功率：PR=URI=12V×0.5A=6W，故C正确；3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，由于串通电路中总电阻等于各分电阻之和，因此，此时电路中的电流：I===0.25A，灯泡的最小电功率：PL=I2RL=（0.25A）2×12Ω=0.75W，故D错误．应选C．【分析】（1）S断开时，电压表测电源的电压，依照电源的电压可知电压表的示数．（2）S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串通，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等，此时灯泡正常发光，依照P=求出灯泡的电阻，依照欧姆定律求出电路中的电流，利用串通电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出变阻器R耗资的电功率；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，利用电阻的串通和欧姆定2律求出电路中的电流，最后利用P=IR求出灯泡的最小电功率．8．图甲是小灯泡的电压﹣﹣电流图象．将此灯泡L与滑动变阻器R串通在电压为4.5V的电路中（如图乙），闭合开关，搬动滑片P，当小灯泡的功率为0.75W时，（）A.电流表的示数为0.2AC.电路耗资的总功率为

1.35W

B.滑动变阻器R接入电路中的电阻为D.10s内滑动变阻器R产生的热量为

15Ω13.5J【答案】

C【分析】【解答】解：A、当小灯泡的功率为0.75W时，依照图甲可知，灯泡L两端的电压为2.5V，经过灯泡的电流为I=0.3A，即电流表的示数为0.3A，故A错误；B、依照串通电路电压的规律，变阻器两端的电压：U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.5V=2V，由I=可得，滑动变阻器R接入电路中的电阻：R滑=≈6.7，Ω故B错误；C、电路耗资的总功率：P总=U总I=4.5V×0.3A=1.35W，故C正确；D、变阻器R在10s产生的热量：Q=W滑=U滑It=2V×0.3A×10s=6J，故D错误．应选C．【分析】

A、依照图甲，由

P=UI

确定当小灯泡的功率为

0.75W

时，灯的电压和经过的电流；B、依照串通电路电压的规律，由欧姆定律可求变阻器连入电路中的电阻；C、依照P=UI求电路耗资的总功率；D、依照Q=W=U滑It10s内滑动变阻器R产生的热量．9．以下估测值最凑近生活实质的是（）A.人骑自行车的平均速度约为0.5m/sB.中学生的质量约为200kgC.初中物理课本的宽度约为18cmD.日光灯正常工作的电功率约为1000W【答案】C【分析】【解答】解：A、人步行的速度在1.1m/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，A不吻合实质；B、中学生的质量在50kg左右，B不吻合实质；C、初中物理课本的宽度约为18cm，C吻合实质；D、日光灯正常工作的电功率在40W左右，D不吻合实质。故答案为：C。【分析】利用物理看法、规律、物理常数和知识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不相同物理量的估计，有的需要依赖生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算.10．拥有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可经过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。以下说法正确的选项是（）A.开关旋至“1档”，开启化霜功能B.开启防雾功能，电路总电阻为5ΩC.化霜与防雾电路的总功率之差为15WD.从防雾到除露，电路总电流变化1A【答案】C【分析】【解答】由图知道，当开关旋至“1档”时，两条电阻丝串通接入电路，此时电路总电阻最大为2R=2×10Ω=20Ω，由知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB不吻合题意；此时电路中的电流是：=0.5A；此时电路的总功率是：P1=UI1=10V×0.5A=5W；当开关旋至“2档”时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路耗资的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是：=1A；从防雾到除露，电路总电流变化量是：I2-I1=1A-0.5A=0.5A，D题意；当开关旋至“3档”时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为

不吻合化霜功能，电路的总电阻是：，电路的总电流是：=2A；此时总功率是：P3=UI3=10V×2A=20W，化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W，C吻合题意。故答案为：C【分析】结合电路图，理清开关处于不相同状态时元件的连结方式，由态，再逐项进行计算即可.

知道对应的状11．以下列图，电源电压保持不变，L1、L2、L3是电阻保持不变的灯泡，L2、L3完好相同。第一次开关S、S1、S2都闭合时，L1的电功率为25W；第二次只闭合开关S时，L1的电功率为16W。则以下说法正确的选项是（）A.L、L两灯丝电阻之比为1∶4B只.闭合S时，L和L的功率之比为1∶41213C.L前后两次的电压之比为25∶16D.前后两次电路耗资的总功率之比为125∶4【答案】D【分析】【解答】由图可知，开关S、S1、S2都闭合，L1、L2并联，此时L1的电功率为，当只有开关S闭合时，L1、L3串通，L1的电功率为，根据两次电功率的比值计算，电压之比为，C不吻合题意；L1和L2并联时，L1两端的电压为电源电压，L1和L3串通时，L1和L3的分压比为U1:U3=4:1，A不吻合题意；依照串通电路电流相等，则L1和L3的电功率的比值为P1:P3=4:1，B不吻合题意；并联时的电流为，串联电路的电流为，前后两次电流比为电压必然，因此电路总功率之比为25：4，D吻合题意。故答案为：D.【分析】（1）开关S、S1、S2都闭合时，L1、L2并联；只闭合开关

，电源S时，L1、L3串通，由电路特点和表示出两次L1的电功率，由此可得的13电压、电阻关系；L、L（2）由P=I2R计算只闭合S时，L1和L3的功率之比；（3）由电路特点和欧姆定律表示出前后两次电路中电流，由P=UI可得两次电路耗资总功率的比。12．以下家用电器正常工作A.电饭煲

20min耗资电能最多的是（）B.电热毯C.电视机

D.电风扇【答案】A【分析】【解答】解：电饭煲的功率约为1000W，电热毯的功率约为100W，电视机的功率约为130W，电风扇的功率约为60W，因此可知，电饭煲的电功率最大，由W＝Pt可知，用电器正常工作相同时间，电饭煲耗资的电能最多。故答案为：A。【分析】依照生活知识及生活经验判断各用电器的功率大小，由W＝Pt可知，工作相同时间，用电器功率越大，耗资的电能越多。13．估测是一门技巧，正确的估测可起到事半功倍的收效．以下物理量估测合理的是（）A.教室中门的高度大体是10dmB中.学生登上一层楼所做的功大体是1500JC.家用电器电饭煲的功率约为50WD.奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h【答案】B【分析】【解答】解：A、老师的身高在170cm左右，教室门的高度略大于此数值，在200cm=20dm左右．故A不吻合实质；B、中学生的体重在G=500N左右，一层楼高在h=3m左右，中学生登上一层楼所做的功大体是W=Gh=500N×3m=1500J．故B吻合实质；C、电水壶的额定功率在1500W左右，家用电饭煲的额定功率与此差不多，在1500W左右．故C不吻合实质；D、奥运会上男子百米速度略大于10m/s=10×3.6km/h=36km/h．故D不吻合实质．应选B．【分析】此题观察对生活中常有物理量的估测，结合对生活的认识和对物理单位的认识，找出吻合实质的选项．14．电能表的表盘以下列图，关于电能表以下说法正确的选项是A.正常工作时，额定功率为220VB.表盘每转600圈电路耗电1kW?hC.同时耗资的总功率不能够高出2200WD.电路耗资的总电能是3145kW?h【答案】B【分析】【解答】解：A、正常工作时，额定电压为220V，故A错；B、表盘每转600圈电路耗电1kW?h，故B正确；C、同时耗资的总功率不能够高出P=UI=220V×20A=4400W，故C错；D、表盘上的数字的最后一位是小数，电路耗资的总电能是

314.5kW?h，故

D错。应选B。【分析】理解电能表的表盘上各个物理量的意义。15．以下列图，以下电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（）A.电视机B.洗衣机C.电风扇D.电热水壶【答案】D【分析】【解答】A、电视机主要把电能转变为光能和声能，不是依照电流的热效应工作的；A不吻合题意．B、洗衣机工作时，将电能转变为机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不吻合题意．C、电风扇工作时，将电能转变为机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不吻合题意．D、电热水壶工作时，将电能转变为内能，是依照电流的热效应工作的；D吻合题意．故答案为：D．【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；依照各用电器工作时能量转变鉴别判断即可.16．以下用电器正常工作时电流最凑近A.空调B.洗衣机

0.05安的是（）C.电视机

D.节能灯【答案】D【分析】【解答】家用电器的额定电压都是UI220V×0.05A11W；空调功率在1kW左右；洗衣机的功率500W

220V，若电流是0.05A，即此时的功率是：左右；节能灯的功率在十几瓦左右；电视机在

P100W

左右.故答案为：D.【分析】先由

P=UI计算用电器的功率，再依照对常用电器的功率的认识判断即可

.17．家庭电路中，计量用电器耗资电能多少的元件是（

）A.试电笔B电.能表

C漏.电保护器

D总.开关【答案】

B【分析】【解答】家庭电路中电能表是计量耗资电能多少的元件，故答案为：B.【分析】电能表是测量耗资电能多少的仪器。

B吻合题意。18．家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为以下列图的电路，

R1

为定值电阻，R2为电热板，

R1=3R2

，a、b是温控开关

S的两个触点，调治

S可使饮水机处于加热或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时

R2

耗资的电功率之比及有关说法正确的选项是（）4：1，S与a点接触时处于保温状态16:1，S与a点接触时处于保温状态4：1，S与b点接触时处于保温状态16：1，S与b点接触时处于保温状态【答案】B【分析】【解答】当S接b时是加热状态，此时R2电功率为，当S接a时，电路串联，处于保温状态，R2的电功率为，则P1:P2=16:1，B吻合题意。故答案为：B.【分析】依照电阻串通时，总电功率减小，依照电压和电阻能够计算电功率，依照电流和电阻能够计算电功率大小。19．以下列图，在“研究电功率跟电压的关系

”实验中，将小灯泡

L1：“

”和

L2：“3.8V0.3A串通”，以下说法正确的选项是（）A.L1和L2串通的主要目的是使两灯泡电流和通电时间都相同若是电源电压可调，两灯泡能够同时正常发光闭合开关后，“3.8V0.3A的小”灯泡更亮，由于其额定功率大经过此实验现象和数据能研究出电功率跟电压的定量关系【答案】B【分析】【解答】解：A、