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文档简介
2021-2022学年广西蒙山县高二上学期期末考试(一)数学(理)试
题
一、单选题
1.抛物线y=4/的焦点坐标为()
A.(0,1)B.(0,-1)C.(0二)D.(4,0)
1616
【答案】c
【分析】将抛物线方程化为标准方程即可求解.
【详解】y=4x2=>x2=^-y,则焦点坐标为(0,,).
416
故选:C.
x+y>1
2.若变量x,),满足约束条件r-yN-l,则目标函数z=x-2y的最大值为()
2x-y<2
A.1B.-5C.-2D.-7
【答案】A
【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,进行求最值即可.
【详解]解:由z=x_2y得丫亨1、z
作出不等式组对应的平面区域如图(阴影部分ABC):
平移直线由图象可知当直线y=gx-],过点A时z取得最大值,
x+y=l,解得广二,所以A(1,O).
由
2x-y=2[y=0
代入目标函数z=x-2y,得2nm=1,
故选:A.
3.已知命题。:x2+x-2>0>命题4:X—1>0,则。是夕的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
【答案】B
[分析】利用充分条件和必要条件的定义判断.
【详解】因为命题p:x>l或x<-2,命题q:X>1,
所以?是夕的必要不充分条件,
故选:B
4.已知命题p:玉oeR,x;-%+1<0,那么命题P的否定是()
A.3X()eR,-x0+1<0B.3x0eR,x^-x0+1>0
C.VxeR,x2-x+1>0D.VxeR,x2-x+1<0
【答案】C
【分析】根据存在量词命题的否定方法,结合已知中的原命题,可得答案.
【详解】“3x°eR,君的否定是“VxeR,/一x+120”.
故选:C
4
5.函数y=-^+x(x>2)的最小值是()
x—2,
A.2B.4C.6D.8
【答案】C
4
【分析】将函数变形为y=—;+“-2+2,再根据基本不等式即可求得最小值.
x-2
44I~4
【详解】解:x>2,y=-----+x=------+X-2+2>2.-------x(x-2)+2=4+2=6,
X—2X—2yX—2
4
当且仅当,7=X-2,即x=4时等号成立,所以y的最小值是6.
x-2
故选:C.
6.已知等差数列{《,}的前八项和为S.,/+%=8,则Sg=()
A.24B.28C.30D.36
【答案】D
【分析】根据等差数列的前"项和公式以及等差数列的下标和性质,即可求解.
【详解】因为{%}是等差数列,且生+%=8,
所以怎=胆詈)='|(4+%)=36.
故选:D.
7.在.ABC中,若bcosC+ccos8=asinC,贝/ABC的形状是().
A.直角三角形B.锐角三角形C.钝角三角形D.不确定
【答案】A
【分析】根据正弦定理和题设条件,化简得到sinA=sinAsinC,进而得到sinC=l,即可求解.
【详解】因为Z?cosC+ccos5=asinC,
由正弦定理,可得sin8cosC+sinCcos8=sinAsinC,
又由sin8cosc+sinCeos8=sin(8+C)=sinA,所以sinA=sinAsinC,
因为A£(O,TT),可得sinA>0,所以sinC=l,
又因为CEO,%),所以c=',所以ABC为直角三角形.
故选:A.
8.若。<匕<0,则下列不等式正确的是()
A.—<y-B.ab>a2C.同<问D.a2>h2
ab1111
【答案】D
【分析】取。=-2,〃=-1可判断A、B、C,由不等式的性质可判断D,进而可得正确选项.
【详解】对于A,取a=—2*=-1,则故选项A错误;
对于B,取。=-2,匕=-1,则必故选项B错误;
对于C,取〃=-2力=-1,则同〉例,故选项C错误;
对于D,因为。<6<0,所以尸〉〃,故选项D正确.
故选:D.
9.已知正三棱柱A8C-的所有棱长都为1,则Aq与CR所成角的余弦值为()
【答案】B
【分析】通过建立空间直角坐标系,利用两条异面直线的方向向量的夹角即可得出异面直线所成的
角.
【详解】如图所示,分别取8C、8c的中点0、。一
由正三棱柱的性质可得A。、80、。。两两垂直,建立空间直角坐标系.
所有棱长都为1.
.•.A弓,0,0,片(0,3,1}
:.AB】=—^-,―,1,BCt=(0,—1,1),
二.cos<AB]AB,BC,_2_1
'IABJ-IBC,1>/2->/24
.•・异面直线用与屿所成角的余弦值为1
故选:B.
10.已知数列{”,}满足%=2%,5,,为数列包}的前〃项和,且&=三,则4=)
A.3B.2C.1D.4
【答案】C
【分析】由已知得竽=g,从而有数列{为}是公比为g的等比数列,根据等比数列的求和公式计算
可求得答案.
【详解】解:若4=0,则%故此时$6=0,与题设矛盾,
故而4=2%,故%*0,
所以华=;,所以数列{4}是公比为g的等比数列,
%--A
所以S_112JJ_6363,解得4=1.
6.132132
1----
2
故选:C.
11.椭圆片+>2=1的左右焦点为《、尸2,p为椭圆上的一点,/月尸鸟=^,则4PE8的面积为()
43
A.1B.73C.—D.2
3
【答案】C
【分析】由椭圆方程可得归凰+|9|=4,结合余弦定理求得归娟归用=g,最后根据三角形面积公
式求△。耳鸟的面积.
【详解】•••点户是椭圆工+y2=l上的一点,斗、鸟是焦点,
4
.•.归娟+归司=4,即(归用+归用)2=16①,
•.•在△户耳居中
.♦.|P周2+|叫2_2|P娟.|P段cosq=(2百)2=12②,
①-②得:冏|.|明=;阀卜|尸尸2卜呜=9上等=字
故选:C.
12.已知双曲线£:£._Z=1(。>。力>0)的渐近线方程是y=±2工则E的离心率为()
a2b2
石畔
A.五或2B.75C.D.
【答案】B
【分析】由渐近线方程可得匕:〃=2:1,利用双曲线的参数关系求离心率即可.
【详解】双曲线的方程为W-4=l(a>0*>0),
arb
・,.双曲线的渐近线为y=±2x,结合题意一条渐近线方程为y=2x,得6:a=2:1,
a
设。=乙b=2t,则C==后”>0),
•••该双曲线的离心率是。=g=叵=逐,
at
故选:B.
二、填空题
13.若向量”=(4,一1,2),〃=食,8,-6)且“_1&,贝ljx=.
【答案】5
【分析】空间向量垂直,则空间向量的数量积为0,进而列出方程,求得结果
【详解】因为〃_Lb,所以〃./?=(),即4x—8—12=0,解得:x=5
故答案为:5
14.不等式加+bx+2>0的解集是卜,则a+b=.
【答案】-14
4<0
【分析】由一元二次不等式的解集可得-_=求纵b.
即可确定目标式的结果.
21
二—
a6
a<0
b1a=-12
【详解】由题设,—————可得
a6b=-2
—2——1
a6
a+b=—14.
故答案为:-14
15.已知,ABC,点。在8c的延长线上,且AB=AC=2,CD=\,AD=3,则ABC的面积为
【答案】G
【分析】在一ACD中利用余弦定理,可得乙4c0=再根据钻=AC=2,可知ABC为等边三
角形,根据三角形面积公式,即可求出结果.
【详解】在工ACO中,4c=2,CO=1,AD=yfl,
4+1-72
由余弦定理可知,
2x2x12
又NACDe(0,i),所以NACO=T,所以N4CB=(,
又AB=AC=2,所以.ABC为等边三角形,
所以...ABC的面积为gx2x2xsing=G.
故答案为:G.
9,>
16.设桶圆,+与=1(。>方>0)的右顶点为4上顶点为8,左焦点、为F.若ZABF=90,则椭圆的
ab
离心率为.
【答案】叵]
2
【分析】由椭圆的方程可得4F,8的坐标,再由NABr=90°,可得数量积=0,整理可
得a,c的关系,进而求出椭圆的离心率.
【详解】由椭圆的方程可得4(4。),8(。,3,尸(一。,0),因为NAB尸=90。,所以
BA-BF=(a,-b).(-c,-b)=0,即炉=3而-洛所以+々°一〃2=o,则/+«一1=。,ee(0,l),
解得e=叵ll.
2
故答案为:.
2
三、解答题
17.记S,,是公差不为0的等差数列{q}的前"项和,若a3=S5,4%=S4.
(1)求数列{4“}的通项公式。.;
(2)求使S“>为成立的〃的最小值.
【答案】(1)%=2〃-6;(2)7.
【分析】(1)由题意首先求得出的值,然后结合题意求得数列的公差即可确定数列的通项公式;
(2)首先求得前n项和的表达式,然后求解二次不等式即可确定n的最小值.
【详解】(1)由等差数列的性质可得:$5=5%,贝I:a3=5a3,.-.a3=0,
设等差数列的公差为d,从而有:%%=(6—1)(%+[)=—1,
S4=4+凡+4+4=(4—2d)+(%—d)+“3+("3+d)=-2^/,
从而:_d2=_2d,由于公差不为零,故:(1=2,
数列的通项公式为:a„=a.+(n-3)d=2n-6.
(2)由数列的通项公式可得:at=2-6=-4,则:s“=〃x(-4)+Mgx2=〃2-5",
2
则不等式5,>4即:n-5n>2n-6,整理可得:(«-1)(«-6)>0,
解得:或”>6,又〃为正整数,故”的最小值为7.
【点睛】等差数列基本量的求解是等差数列中的一类基本问题,解决这类问题的关键在于熟练掌握
等差数列的有关公式并能灵活运用.
18.在锐角△ABC中,角A,B,C的对边分别为“,b,c,且2AinA-Ga=0.
(I)求角8的大小;
(II)求cosA+cosB+cosC的取值范围.
TT‘6+13
【答案】(I)8=3;(II)
2,2
【分析】(I)方法二:首先利用正弦定理边化角,然后结合特殊角的三角函数值即可确定角B的大
小;
(II)方法二:结合(I)的结论将含有三个角的三角函数式化简为只含有角4的三角函数式,然后由
三角形为锐角三角形确定角4的取值范围,最后结合三角函数的性质即可求得cosA+cosS+cosC的
取值范围.
【详解】(I)
[方法一]:余弦定理
3ann]2A3q-
由26sinA=6",得sin?A=即l-cos4=五.
结合余弦定8sA=
h2+c2-
/.1-
2bc
即4b2c2-b4-c4-a4-2b2c2+2b2a2+2c2a2=3a2c2,
即/+//+/+a2c2_2a2b2-2b2c2=0,
即/+//+/+2a2c2_2a2b2-2b2c2=a2c2,
即+c2-b2y=(«c)2,
•••一/^。为锐角三角形,:./卡,—〃〉。,
a2+c2-b2=ac,
jr
又B为二ABC的一个内角,故8=
[方法二]【最优解】:正弦定理边化角
由2/?sinA=yf3a,结合正弦定理可得:2sin8sinA=>/3sinA,:,sinB=
2
JT
ABC为锐角三角形,故B=
(ID[方法一]:余弦定理基本不等式
因为8=?,并利用余弦定理整理得尸="+/—形,
即3ac=(a+c)2一b2.
结合,得唱42.
b
由临界状态(不妨取A=])可知g=百.
而,MC为锐角三角形,所以牛>6.
b
由余弦定理得cosA+cosB+cosC=^—c———+—+"———
2bc2lab
b2=CT+C1-ac,代入化简得cosA+cosB+cosC=—+1
b
'百+13"
故cosA+COSB-FCOSC的取值范围是
2'2'
[方法二]【最优解】:恒等变换三角函数性质
结合(1)的结论有:
cosA+cosB+cosC=cosA+—+cos
2
=C°S-osA+&nA+Lq
222222
=S,nA+
[42-
0<-^-A<-
3271,冗冗、712兀
由<可得:一<A<一,—<A+一<—,
。“462363
则sin(A+菅卜sinlA+-
2'2L
即cosA+cosB+cosC的取值范围是—.
【整体点评】(I)的方法一,根据已知条件,利用余弦定理经过较复杂的代数恒等变形求得
a2+c2-b2=ac,运算能力要求较高;方法二则利用正弦定理边化角,运算简洁,是常用的方法,
确定为最优解;(II)的三种方法中,方法一涉及到较为复杂的余弦定理代入化简,运算较为麻烦,
方法二直接使用三角恒等变形,简洁明快,确定为最优解.
19.已知p:函数,(》)=》2+2(。-1)》+2在区间(-8,3]上不是减函数;q-3xeR,x2-4x+«<0.
(1)若3且g”为真,求实数。的最大值;
(2)若“p或q”为真,“p且/为假,求实数a的取值范围.
【答案】(1)4
(2)(-oo,-2]I(4,+00)
【分析】(1)先求出命题,4均为真命题时〃的取值范围,再根据“P且4”为真,即可求出实数。的
最大值;
(2)根据"p或q”为真,"p且为假,得到。,4一真一假,即可求出实数”的取值范围.
【详解】(1)当P为真时,函数/(*)=/+23-1)》+2在区间(-8,3]上不是减函数,
所以-(a-l)<3,解得。>一2.
当4为真时,关于x的不等式V-4x+a40有解,
所以△=42-4“20,解得“W4.
若“P且q”为真,则a>—2且a«4,所以—2<a44.
所以若“p且q”为真,实数。的最大值是4.
(2)若“p或q”为真,“p且q”为假,则p与q一真一假,有(1)可得,
当P真4假时,。>-2且a>4,解得a>4;
当P假4真时,。4一2月.“44,解得a«-2.
综上,所求实数”的取值范围是(-8,-2](4,4W).
20.如图,在四棱锥P-AfiCD中,PAL底面45C。,四边形A8CO为正方形,M,N分别为AB,
PD的中点.
⑴求证:MN"平面PBC;
(2)若%=AD,求直线MN与平面PCO所成角的正弦值.
【答案】(1)证明见解析;
*
【分析】(1)取PC中点,构造平行四边形,根据线面平行的判定定理证明即可.
(2)根据题意建立空间直角坐标系,利用向量法求线面角的正弦值.
【详解】(1)取PC中点为E,连接BE,NE
':E,N分别为PC,PD的中点,
/.EN//CD,EN=-CD.
2
又四边形A5CO为正方形,...C£)〃AB,CD=AB,
又为A8的中点,,硒〃EN=BM,
四边形BMNE为平行四边形,
:.MN//BE,
又3Eu平面P8C,MNu平面P8C,
MN〃平面PBC.
(2)以点A为坐标原点,AB,AD,AP所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系.
设|以|=卜。=2,则0(0,2,。),C(2,2,0),P(0,0,2),“(1,0,0),N(0,l,l),
MN=(—1,1,1),PC=(2,2,—2),PO=(0,2,-2),
设平面PC£)的法向量为m=(x,y,z),
PC〃?=0,2x+2y-2z=0
则即nn9
PDm=0,2y—2z=0,
令y=i,则,”=(0,1,1),
_M_N_-_m_\=2巫
设直线MN与平面PC。所成角为。,则sin0=
V3-V2~3
z
rx
21.如图,边长为2的正方形A8CD所在的平面与半圆弧co所在平面垂直,M是C。上异于c,D
的点.
(1)证明:平面平面8MC;
(2)当三棱锥M-ABC体积最大时,求面与面所成二面角的正弦值.
【答案】(1)证明见解析;(2)2.
5
【分析】(1)方法一:先证BCJ•平面CMD,得8C_L£)M,再证CM_L£>M,由线面垂直的判定定理
可得。M_L平面BMC,即可根据面面垂直的判定定理证出;
(2)方法一:先建立空间直角坐标系,然后判断出M的位置,求出平面M4B和平面MCD的法向
量,进而求得平面M4B与平面MC£>所成二面角的正弦值.
【详解】(1)[方法一]:【最优解】判定定理
由题设知,平面CMC平面ABC£),交线为CD因为BCLCRBCu平面A8CD,所以BC_L平面CMD,
故因为M为C。上异于C,。的点,且QC为直径,所以。MLCM.
又BC<~>CM=C,所以OM_L平面BMC.而£)Mu平面AM。,故平面AMZ)J_平面BMC.
[方法二]:判定定理
由题设知,平面CM。_L平面ABC。,交线为CD因为AOLCD,4)u平面ABCR所以AZ)J_平面
MCD,而CA/u平面MCD,所以45J.CM,因为M为CD上异于C,。的点,且。C为直径,所以
0M_LCAf又ADDM=D,所以,CM_L平面AMC,而CA/u平面8MC,所以平面AMDJ_平面
BMC.
[方法三]:向量法
建立直角坐标系,如图2,设M(0,a,力,D(0,0,0)M(2,0,0),B(2,2,0),C(0,2,0),
所以D4=(2,0,0),DM=(0,4。),
..n-DA=02x,=0
设平面AMD的一个法向量为"2=(X,y,zJ,所以{,即
n-DM=0ay]+/?Z[=0
取平面AMD的一个法向量机=(0,h-a),
同理可得,平面BMC的一个法向量”=(0,6,2-a),因为点〃在以(0,1,0)为圆心,半径为1的圆上,
所以,(4-1)2+层=1,即々2+62-24=0,而%.〃=〃2+。2_24=0,所以平面4VJ_平面5MC.
(2)[方法一]:【通性通法】向量法
以。为坐标原点,D4的方向为x轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系D-xyz.
当三棱锥M-ABC体积最大时,M为。。的中点.
由题设得。(0,0,0),A(Z0,0),8(2,2,0),C(0,2,0),M(OJl),
AM=(-2,1/),A3=(0,2,0),DA=(2,0,0)
设〃=(x,y,z)是平面MAB的法向量,则
n-AM=0[J-2x+y+z=0
n-AB=0'12产0可取〃=(1,0,2).
.八八n-DA非J5
0A是平面MC£>的一个法向量,因此cos〈〃,OA〉=口网=飞-,sin〈〃,D4〉=等2,
所以面MAB与面MCD所成二面角的正弦值是2叵.
5
[方法二]:几何法(作平行线找公共棱)
如图3,当点M与圆心。连线MO_LOC时,三棱锥ABC体积最大.过点M作
EF//DC,ED±DC,FCVDC,易证/BFC为所求二面角的平面角.在RtZ\BCF中,
sinNBFC,即面MAB与面MCD所成二面角的正弦值是亚.
BF55
图3
[方法三]:【最优解】面积射影法
设平面与平面MCO所成二面角的平面角为巴
由题可得在ZWCD平面上的射影图形正好是△•<?£).
取A3和8的中点分别为N和。,则可得OM=1,MN=6所以由射影面积公式有
COS0=^£D=',所以sine=4£,即面M4B与面MCC所成二面角的正弦值是型.
[方法四]:定义法
如图4,可知平面MA8与平面的交线/过点
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