四川省德阳市齐福中学高二物理模拟试卷含解析

四川省德阳市齐福中学高二物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A．vA′=5m/s，vB′=2.5m/s B．vA′=2m/s，vB′=4m/sC．vA′=﹣4m/s，vB′=7m/s D．vA′=7m/s，vB′=1.5m/s参考答案：B【考点】动量守恒定律．【分析】撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，ABCD均满足；根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为22J，B选项碰撞后总动能为18J，C选项碰撞后总动能为57J，故C错误，B满足；故选：B．2.（单选）在真空中，将苹果和羽毛同时从同一高度由静止释放，下列频闪照片中符合事实的是（

）参考答案：C3.如图所示，接在理想变压器的四个灯泡规格相同，且全部正常发光，则这三个线圈的匝数比应为（

）

A．1∶2∶3；

B．2∶3∶1

C．3∶2∶1；

D．2∶1∶3参考答案：C4.如图所示电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向b端移动时：（

）

A．电压表示数变大，电流表示数变小

B．电压表示数变大，电流表示数变大C．电压表示数变小，电流表示数变大

D．电压表示数变小，电流表示数变小参考答案：C5.如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4∶1．原线圈接入一电压为u＝U0sinωt的交流电源，副线圈接一个R＝27.5Ω的负载电阻．若U0＝220V，ω＝100πHz，则下述结论正确的是

A．副线圈中电压表的读数为55V

B．副线圈中输出交流电的周期为

C．原线圈中电流表的读数为0.5A

D．原线圈中的输入功率为参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.用a、b两束单色光分别照射同一双缝干涉装置，在距双缝恒定距离的屏上得到图示的干涉图样，其中甲图是a光照射时形成的，乙图是b光照射时形成的。则a光光子的能量

b光光子的能量，在水中a光传播的速度

b光传播的速度（填大于或小于）。参考答案：小于；大于7.一闭合线圈有50匝，总电阻R＝20Ω，穿过它的磁通量在0.1s内由8×10－3Wb增加到1.2×10－2Wb，则线圈中的感应电动势E感＝

，线圈中的电流强度I感＝

。参考答案：2V，0.1A

[法拉第电磁感应定律]8.（8分）用不同频率的光照射某金属均产生光电效应，测量金属遏止电压与入射光频率，得到-图象，根据图象求出改金属的截止频率

Hz，普朗克常量h=

J·s。已知电子电量e=1.6×10-19C。（两空答案均要保留两位有效数字）参考答案：（4分），（4分）9.一个竖直放置的半径为R的光滑绝缘环，置于水平方向的匀强电场中，电场强度大小为E。有一质量为m，电量为正q的空心小球套在环上，如图所示。当小球由静止开始从环的顶端A下滑1/4圆弧到达B位置时，小球的速度大小是_____________。当小球下滑到最低点C时，对环的压力的大小是________________。参考答案：

，

5mg

10.利用油膜法可以粗略测定分子的大小，试说明其实验原理．若已知n滴油的总体积为V，一滴油所形成的油膜面积为S，求一个油分子的直径．（注：油滴滴到水面上，会在水面散开，形成单分子油膜．）参考答案：考点：用油膜法估测分子的大小．专题：实验题．分析：利用油膜法测分子的直径，让油滴在水面上尽量散开，形成单分子的薄膜，通过已知油滴的体积与油膜的面积，从而求出膜的厚度，即为油分子的直径．解答：解：让油滴在水面上尽量散开，形成单分子的薄膜，已知n滴油的总体积为V，则一滴油的体积为，由于一滴油所形成的油膜面积为S，所以油膜的厚度为d=．故答案为：．点评：考查如何运用油膜法来测量分子的直径，同时注意要让油尽量散开，这样才能使厚度即为分子的直径，注意V是n滴油的总体积．11.应用楞次定律判断感应电流的方向时，首先要

；其次是

；然后依据楞次定律

；最后

。参考答案：12.振源A带动细绳上下振动可以产生简谐波，某时刻在绳上形成如图所示的波形，周期为0.4s.由图可知P点的起振方向是

▲

（选填“向上”或“向下”）；波从A经0.6s传播到绳上的P点，此时AP之间有

个波峰.参考答案：向上、2

13.交变电压u=20sin50πt(V)，加在阻值为10Ω的电阻两端，该交流的周期是____________，电阻消耗的电功率是________________。参考答案：0.04s；20W

解析

三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在1731年，一名英国商人发现，雷电过后，他的一箱新刀叉竟显示出磁性．请应用奥斯特的实验结果，解释这种现象．参考答案：闪电产生的强电流产生磁场会使刀叉磁化．15.关于电磁场的理论，下列说法正确的是（

）A．在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B．在变化的电场周围一定产生变化的磁场，变化的磁场周围一定产生变化的电场C．均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场D．周期性变化的电场周围一定产生周期性变化的磁场参考答案：B四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，坐标系中第一象限有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B＝102T，同时有竖直向上与y轴同方向的匀强电场，场强大小E1＝102V/m，第四象限有竖直向上与y轴同方向的匀强电场，场强大小E2＝2E1＝2×102V/m.若有一个带正电的微粒，质量m＝10－12kg，电荷量q＝10－13C，以水平与x轴同方向的初速度从坐标轴的P1点射入第四象限，OP1＝0.2m，然后从x轴上的P2点进入第一象限，OP2＝0.4m，接着继续运动．(g＝10m/s2)求：(1)微粒射入的初速度；(2)微粒第三次过x轴的位置及从P1开始到第三次过x轴的总时间．参考答案：．(1)微粒从P1到P2做类平抛运动，竖直方向a＝qE2-mg/m＝10m/s2（2分）则运动时间t1＝＝0.2s（2分），则vy＝at1＝2m/s微粒射入的初速度：v0＝OP2/t1＝2m/s.（1分）(2)微粒运动方向与x轴夹角为45°微粒进入第一象限的速度：v＝＝2m/s（1分）由于qE1＝mg，所以微粒进入第一象限做匀速圆周运动，则圆周运动的半径R＝＝m，P2P3＝2Rcos45°＝0.4m

（1分）微粒做圆周运动的时间t2＝＝0.157s（1分）微粒再次进入第四象限，由运动的分解可知：x轴方向做匀速运动，y轴方向做类上抛运动，微粒运动时间t3＝＝0.4s（1分）运动距离P3P4＝v0t3＝0.8m

（1分）故OP4＝OP2＋P2P3＋P3P4＝1.6m（1分）t＝t1＋t2＋t3＝0.757s.

（1分）17.在某空间存在着水平向右的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示，一段光滑且绝缘的圆弧轨道AC固定在纸面内，其圆心为O点，半径R=1.8m，OA连线在竖直方向上，AC弧对应的圆心角θ=37°．今有一质量m=3.6×10﹣4kg、电荷量q=+9.0×10﹣4C的带电小球（可视为质点），以v0=4.0m/s的初速度沿水平方向从A点射入圆弧轨道内，一段时间后从C点离开，小球离开C点后做匀速直线运动．已知重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力，求：（1）匀强电场的场强大小E；（2）匀强磁场的磁感应强度大小B；（3）小球射入圆弧轨道后的瞬间对轨道的压力．参考答案：解：（1）当小球离开圆弧轨道后，对其受力分析如图1所示，由平衡条件得：F电=qE=mgtanθ

代入数据解得：E=3N/C

（2）小球从进入圆弧轨道到离开圆弧轨道的过程中，由动能定理得：F电Rsinθ﹣mgR（1﹣cosθ）=代入数据得：v=5m/s由F洛=qvB=

解得：B=1T

（3）分析小球射入圆弧轨道瞬间的受力情况如图2所示，由牛顿第二定律得：FN+Bqv0﹣mg=代入数据得：FN≈3.2×10﹣3N由牛顿第三定律得，小球对轨道的压力FN′=FN≈3.2×10﹣3N答：（1）匀强电场的场强大小3N/C；（2）匀强磁场的磁感应强度大小1T；（3）小球射入圆弧轨道后的瞬间对轨道的压力3.2×10﹣3N．【考点】带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；向心力；动能定理的应用．【分析】（1）对小球受力分析，根据平衡条件，结合电场力的表达式，即可求解；（2）根据动能定理，选取小球从进入圆弧轨道到离开圆弧轨道的过程，结合洛伦兹力表达式，即可求解；（3）根据牛顿第二定律，且确定向心力的来源，并依据牛顿第三定律，即可求解．18.如图10所示，MN、PQ是两条水平放置的平行光滑导轨，其阻值可以忽略不计，轨道间距L=0.6m。匀强磁场垂直导轨平面向下，磁感应强度B=1.0×10T，金属杆ab