江苏省盐城市、南京市2022-2023学年高三上学期期末调研测试物理试题（解析版）

盐城市、南京市2022-2023学年度第一学期期末调研测试

高三物理

注意事项：

1.本试卷考试时间为75分钟，试卷满分100分，考试形式闭卷；

2.本试卷中所有试题必须作答在答题卡上规定的位置，否则不给分；

3.答题前，务必将自己的学校、班级、姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答

题卡上。

一、单项选择题：共10题，每小题只有一个选项最符合题意.

1.如图所示，方解石形成的双折射现象实验的照片，下列关于方解石的说法正确的是（）

A.是非晶体B,具有固定的熔点

C.所有的物理性质都是各向异性D.是由许多单晶体杂乱无章排列组成的

【答案】B

【解析】

【详解】AB.光在晶体中的双折射现象就是光学各向异性的表现，所以图中方解石的双折射现象说明方解

石是晶体，具有固定的熔点，A错误，B正确；

CD.单晶体具有规则的几何形状、各向异性和一定的熔点等性质；而多晶体是由许多小的晶体杂乱无章地

排列在一起组成的，使得多晶体不再具有规则的几何外形，而且也看不出各向异性的特点，故CD错误。

故选B。

2.我国直流输电技术处于世界领先水平.现有三根输电线甲、乙、丙的截面图，通过它们的电流大小相同，

且到。点距离相等，电流方向如图所示.若甲中的电流在O点产生的磁感应强度大小为5,则三根输电线

中的电流在。点产生的磁感应强度大小是（）

20丙

乙

A.逐BB.3BC.IBD.B

【答案】A

【解析】

【详解】通过三根输电线的电流大小相等，到。点距离相等，则三根输电线在。点产生的磁感应强度大小

都为8,方向如图所示

晟一『-益

乙

则三根输电线中的电流在。点产生的磁感应强度大小是

B合=7B2+(2B)2=y/5B

故A正确，BCD错误。

故选Ao

3.如图所示，一定质量的理想气体由状态A经过状态8变为状态C的p-T图像，图中AB与横轴平行,

8点，C点与坐标原点在一条直线上，AC与竖直轴平行，则()

A.单位体积的分子数，状态4小于状态B

B.由状态A变化到状态8的过程需要释放热量

C.分子运动速率大的分子数，状态B小于状态C

D.单位时间内撞击单位面积器壁的分子数，状态A大于状态C

【答案】D

【解析】

【详解】A.从状态4到状态8发生等压变化，根据

TATB

可知从状态A到状态8,温度升高，体积膨胀，因此单位体积内的分子数减少，A错误;

B.从状态A到状态B温度升高，内能增加；体积膨胀对外做功，根据热力学第一定律

△U=W+Q

可知气体需要吸收热量，B错误；

C.由于状态B的温度比状态C的温度高，因此分子运动速率大的分子数，状态8大于状态C,C错误；

D.状态A与状态C温度相同，分子的平均速率相同，而状态A的压强大于状态C的压强，因此单位时间

内撞击单位面积器壁的分子数，状态4大于状态C,D正确。

故选D。

4.2022年11月30日，神舟十五号3名航天员顺利进驻中国空间站，两个航天乘组首次实现“胜利会师”留

下一张足以载入史册的太空合影。中国空间站距离地面约400km,其重力加速度为g。设空间站围绕地球做

匀速圆周运动，航天员在空间站受的重力为G、绕地球运动向心加速度为“，周期为T,速度为人下列说

法正确的是()

A.a=gB.G=()C.r>24hD.v>8km/s

【答案】A

【解析】

【详解】A.中国空间站距离地面约400km,其重力加速度为g。因为重力全部提供向心力，所以绕地球运

动向心加速度

a=g

故A正确；

B.航天员在空间站受的重力为

G=mg

全部提供向心力，故B错误；

C.根据开普勒第三定律可知，中国空间站轨道半径小于同步卫星轨道半径，所以周期小于24h,故C错误；

D.近地卫星环绕速度是圆轨道最大环绕速度，所以中国空间站速度小于8km/s,故D错误。

故选A。

5.在探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻实验中，提供的实验器材除电源和开关以外，有以下四种

组合，其中不可取的一组器材是()

【答案】D

【解析】

【详解】A.用一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器做实验可以测出多组U、/值，根据闭合回路欧

姆定律可得

E=U+Ir

可测量多组数据到式求解，故A可取；

B.用一个伏特表和多个定值电阻做实验，可以测出多组U、R值，根据欧姆定律可得

E=U+—r

R

可以列方程组求出E、r,故B可取；

C.用一个安培表和一个电阻箱，可以测出多组/、R值，根据欧姆定律可得

E=I(r+R)

可以列方程组求出E、r,故C可取；

D.两个安培表和一个滑动变阻器，由于不知道滑动变阻器电阻，故无法测量，故D不可取。

故选D。

6.某眼动仪可以根据其微型线圈在磁场中随眼球运动时所产生的电流来追踪眼球的运动。若该眼动仪线圈

面积为S,匝数为N,处于磁感应强度为2的匀强磁场中，f=0时，线圈平面平行于磁场。，=。时线圈平

面逆时针转动至与磁场夹角为。处，则0-4时间内磁通量的平均变化率是（）

NBSsin0NBScos0

D.

’1

【答案】B

【解析】

【详解】开始时线圈与磁场的方向平行，则穿过线圈的磁通量为零；经过时间r,面积为S的线圈平面逆

时针转动至与磁场夹角为。处，磁通量变化为

A0=BSsin6>

则0-4时间内磁通量的平均变化率是

△①_BSsin6

Art

故选B。

7.如图所示，4个相同钢球甲、乙、丙、丁，它们自同一高度6刀处从各自的四分之一光滑圆弧轨道上滑下,

其出口速度水平向右，出口端所在高度分别为5/?、4仄3/?、2/?。则落地点距。点最远的钢球是（）

C.丙D.J

【答案】C

【解析】

【详解】设光滑圆弧轨道的半径为R,则钢球从最高点滑到圆弧轨道最低点过程中由动能定理有

mgR^mv2

钢球从轨道最低点飞出后在空中做平抛运动，有

,・1o

6h-R=gg广

x=vt

综合解得

X=+24hR=1-4(R-3〃)+368

可知当光滑圆弧轨道的半径R满足

R=3h

钢球落地点距。点最远，此时出口端离地高度3力，为丙球。

故选C。

8.如图甲所示，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为％=0时刻和J时刻的波形图，P、Q分别是

平衡位置为％=LOm和马=4.0m的两质点。图乙为质点。的振动图像，则()

A.波沿了轴负方向传播B.波的传播速度为20m/s

C.t2时刻可能为0.45sD.质点尸的振动方程为y=10sin(10H+?%m

【答案】C

【解析】

【详解】A.图乙为质点。振动图像，0时刻向上振动，根据平移法可知，波沿x轴正方向传播，故A错

误；

B.根据图像可知，波长为8m,周期为0.2s,所以波速

A

v=—=40m/s

T

故B错误；

C.根据图像可知，从实线时刻到虚线时刻经过的时间为

A/=—+nT-0.05+0.2n(n=0.1.2...)

4

所以L时刻可能为0.45s,故C正确；

D.质点尸做简谐运动的位移表达式为

2万

y=Asin(—r+^)

由图知A=10cm,/=0时

y=Asin—=5V2cm

4

且向y轴负方向运动，代入上式解得

3%

y=10sin(l+——)cm

4

故D错误。

故选C

9.如图所示，ABC为正三角形的三个顶点，A点固定电荷量为+q的点电荷，B、C两点固定电荷量为一4的

点电荷，D、G、，分别为48、8c和AC边的中点，。为正三角形的中心，已知+9在。点的电场强度的大

小为E。。下列说法错误的是（)

A.0点的场强大小为2&）

B.。与，两点的电势相同

C.质子沿。。方向运动始终克服电场力做功

D.电子沿。，连线运动，电势能先增大后减小

【答案】D

【解析】

【详解】A.已知+4在。点的电场强度的大小为耳）,根据E=zg可知，在O点的电场强度的大小

为E。,0点的场强大小为

E-E0+2xEocos60°=2E0

故A正确；

B.根据电势叠加原理结合对称性可知，力与，两点电势相同，故B正确；

C.A点和8点的电荷在。。方向形成的电场与。。方向垂直，所以对C处电荷来说，质子沿。。方向运动,

电场力对质子始终做负功，故c正确；

D.电子沿。，连线运动，先靠近正电荷远离负电荷，然后靠近负电荷远离正电荷，根据电势关系可知，电

势能先减小再增大，电场力先做正功后做负功，故D错误。

本题选择错误的，故选D。

10.质量为，”的矩形木板“e,放在光滑水平面上，b、c、”是ae的4等分点。质量为M的物块以一定的初

速度从。点水平滑上粗糙木板，物块的宽度不计，且m<M,经过一段时间物块停在木板上。若图是物块

刚滑上木板时的物块与板的位置状态，下图是物块刚与木板达到共同速度时的位置，下列示意图正确的是

【答案】B

【解析】

【详解】地面光滑，物块A与木板B组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，以向右为正方向，由动

量守恒定律得

Mv0=(M+m)v

对，〃有

juMA/fgx=—1mv2

设相对位移为Ax，对M有

11

Mg(x+Ax)=—A/v**?--Mvl9

整理得

x_M__1

Ax+xm+2M2।m

因为m,所以

1x1

-<-------<—

3zlr+x2

解得

x<Ax<2x

故B正确ACD错误。

故选B»

二、非选择题；共5题，其中第12题~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的

演算步骤，答案中必须明确写出数值和单位.

11.某实验小组设计了图甲所示的实验装置来测量木块与平板间的动摩擦因数，其中平板的倾角。可调。

打点计时器纸带

（1）获得纸带上点的部分实验步骤如下:

A.测量完毕，关闭电源，取下纸带

B.接通电源，待打点计时器工作稳定后放开木块

C.把打点计时器固定在平板上，将木块尾部与纸带相连，使纸带穿过限位孔

D.将木块靠近打点计时器

上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）；

（2）打点计时器的工作频率为50Hz,纸带上计数点的间距如图乙所示.根据纸带求出木块的加速度。=

m/s2（保留两位有效数字）

123

叩川|叫川|1叫1邛叫叫叫叫川叫1|1川叫I岬川,叫叫川叫I叫叫川叫叫叫叫叫1叫川11

34567891011121314151617181920

乙

（3）若重力加速度g=9.8m/s2,测出斜面的倾角。，查表知sin8=0.60,cos6=0.80,若木块的质量

为加=0.2（）kg,则木块与平板间的动摩擦因数〃=（保留两位有效数字）；

（4）若另一小组利用图甲装置验证了牛顿第二定律，则实验时通过改变,验证质量一定时，加速

度与力成正比的关系；通过改变，验证力一定时，加速度与质量成反比的关系。

【答案】©.CDBA②.1.6（3）.0.55④.斜面倾角⑤.滑块的质量和斜面倾角

【解析】

【详解】（1）[1]实验时首先要安装仪器，然后测量，最后整理仪器，则此实验步骤正确顺序是CDBA。

（2）⑵根据△户运用逐差法得

\x(15.70-9.00)-(9.00-3.90)_222

a=TxlOm/s=1.6m/s

(5T>(5x0.02)2

（3）[3]根据牛顿第二定律

mgsin6-/jmgcos0=ma

解得

H=0.55

（4）⑷⑸探究牛顿第二定律采取的是控制变量法，验证质量一定时，加速度与力成正比的关系，通过改变

倾角来改变合外力。验证力一定时，加速度与质量成反比的关系，由于滑块下滑加速的力是由重力沿斜面向

下的分力和摩擦力提供，所以要保证向下的合力不变，应该使mgsin。-〃cos。不变，所以需要同时改

变滑块的质量和斜面倾角。

12.如图所示，直角三角形玻璃砖ABC,NA=30°。一束频率为的光沿平行于A8方向从AC边上P点

射入玻璃砖，从BC边的M点（图中未标出）射出，且正=雨。已知光在真空中的传播速度c。求该光

束:

（1）射出BC边时折射角。;

（2）在玻璃砖中波长2。

【解析】

【详解】根据几何关系可知，aPMC是一等边三角形，入射光在AC边的入射角八=60。，在AC边的折射

角n=30。，在BC边的入射角r2=30。，设在8C边折射角为6。

c

根据折射定律

sini.sin0

n=-----L=------

sinqsinr.

代入数据可解得

n=y/3,8=60。

（2）由频率与波长的关系知

.VCC

4=—=——=

vnvVr3v

13.在火星上太阳能电池板发电能力有限，因此科学家们用放射性材料——PuO2作为发电能源为火星车供

电（PuO2中的Pu是对Pu）。已知2；：Pu衰变后变为aU和。粒子。若静止的％；Pu在匀强磁场中发生衰

变，a粒子的动能为E,1粒子的速度方向与匀强磁场的方向垂直，在磁场中做匀速圆周运动的周期为",

衰变放出的光子的动量可忽略，衰变释放的核能全部转化为琵U和a粒子的动能。己知光在真空中的传播

速度C.求:

（1）2；：Pu衰变过程中的质量亏损Am；

（2）从开始衰变到喟U和。粒子再次相遇的最短时间t。

I]9E

【答案】（1）A〃?=上吟（2）1174

117c2

【解析】

【详解】（1）a衰变方程为

至Pur力U+：He

根据动量守恒定律可知a粒子和铀核的动量大小相等，设为p,a粒子的动能

铀核的动能

2

P'

E（j

2M

则

Eu_m42

EaM234117

所以释放能量为

119

\E=E+E,.=——E

〃aU117

且

A£=Amc2

解得

AU9E

△m=----7

117c2

(2)根据周期方程

_271m

I=------

Bq

92

T=­T„

a117U

所以相遇最短时间

1=1177；=117”

14.如图，一长L=6m的倾斜传送带在电动机带动下以速度v=4m/s沿顺时针方向匀速转动，传送带与

水平方向的夹角8=37°,质量叫=4kg的小物块A和质量机2=2kg的小物块B由跨过定滑轮的轻绳连

接，A与定滑轮间的绳子与传送带平行，不可伸长的轻绳足够长。某时刻将物块4轻轻放在传送带底端，已

知物块4与传送带间的动摩擦因数〃=0.5,不计滑轮的质量与摩擦，在A运动到传送带顶端前物块B都没

有落地。sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2。求:

(1)物块B刚下降时的加速度a；

(2)物块A从底端到达顶端所需的时间f；

(3)物块A从底端到达顶端时，电动机多做的功卬。

【答案】(1)2m/s2：⑵2.5s；(3)136J

【解析】

【详解】(1)对A分析

T+〃班gcos，一町gsin6=m}a

对B分析

myg-T=m,a

解得

a-2m/s2

（2）当达到与传送带共速

Z,=-=2s

a

A的位移

v

X=”=4Am

之后匀速，时间

L-x.八仁

t=-------=0.5s

2v

物块A从底端到达顶端所需的时间

f=：+,2=2・5s

（3）物块A从底端到达顶端时，相对位移

Ax=%—芯=4m

电动机多做的功设为W,根据能量守恒

.1,

W+m>gL-rn[gLsin0=+肛）丫+〃町gAxcos。

解得

W=136J

15.现代科学仪器中常利用电场、磁场控制带电粒子的运动。如图，在x轴上方的平面内，有范围足够大的

垂直纸面向里、磁感应强度为8的匀强磁场和方向沿x轴正方向、电场强度为E的匀强电场。一质量为，小

电荷量为q的带正电荷的粒子在。点由静止释放，则粒子运动的轨迹为一曲线，且曲线上离），轴最远的点

的曲率半径为该点到y轴距离的两倍；当该粒子在O点以初速度%沿x轴正方向射入，则粒子在xOy平面

内做周期性运动，且任一时刻粒子速度的y分量与其到y轴的距离成正比，比例系数与电场强度E大小无

关。粒子重力不计。求粒子在。点

（1）由静止释放，运动到坐标为（%，%）点时的动量大小〃；

（2）由静止释放，在运动过程中第一次离开y轴最大的距离/,；

（3）以初速度%沿x轴正方向射入时，粒子运动过程中的最小速度%汨。

片

XXXXXXXX

XXXXXXXX

X铲XXXXXX

X名义

XXXX斗

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXX-X--X--X--X--X---->

0X

£

【答案】(I)p=12mEqXo；(2)

【解析】

【详解】（1）洛伦兹力不做功，由动能定理有

F12

Eqx0=—mv

解得

□Eq*。

v=