物理2018届考前三个月全国通用第二轮打包老师搜集专题四1讲

1讲2016卷Ⅰ16题(6分卷Ⅱ17题(6分卷Ⅲ19题(6分2015卷Ⅰ16题(6分考情分析2016年卷Ⅱ17题外，还没在选择题单独考查过，一般以实验的概率，2017年新课标三份卷中都没出现．1个定律、2＝闭合电路欧姆定律 E.＝U＝IR＝R 1ER 1＋R3减 R＋r增 增 减方法2：结——“串反并同如图1所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示．已知电流表读数在0.2A以下时， 3.40.930答 U＝3.4V＝3.6VA错误；变阻器的触头向右滑动时，R路端电压即为V2读数逐渐增大，故B错误；由题图乙可知，电动机的电阻

＝4Ω.I＝0.3A时，U＝3VP＝UI＝3×0.3＝0.9W0.9WCI＝0.1AR＝E－r－rM＝3.6－2－4)Ω＝30ΩD ΔI、ΔU，下列结论正确的是()BR1被电流表短路C.ΔI答 R1、R2并联后与R4串联的整体，再与R3并联，电压表测量路端电压，等于R3两端的变大，外电阻变大，I总变小，U＝E－I总r变大，U3变大即电压表示数变大，I3变大，I4＝I总－I3变小，U4变小，而U1＝U－U4，则U1变大，I1变大，由I总＝I＋I1，故I变小，即电流表示数减小，A、BU＝E－I总r，得ΔU＝rI总＝I＋I1，I小，I1变大，I总变小，则ΔI>ΔI总，ΔU<ΔU，故ΔU<rC错误，DΔIΔI 开始转动，下列措施可行的是() B．减小C．增大 答 瞬时值：E＝Emsinωt(由中性面开始计时)，计算闪光电器的闪光时间、线圈某时刻的受力有效值：的读数及计算电热、电功、电功率及丝的熔断电流平均值：E＝nΔt4B的匀强磁OO′(OO′沿水平方向)匀速转动，线圈的两端经集流环Φt变化的图象．则()2此交流发电机的电动势平均值为10 B．t＝0.02s时R两端的电压瞬时值为零2C．Rutu＝102cos(100πt)D．当ab边速度方向向上时，它所受力的方向也向答 解 矩形线圈绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，产生正弦交流电，外电阻R＝10Ω，210V，说明Em＝10V22

Vt＝002＝0时R两端的电压最大，所以R两端的电压随时间变化的规律为u＝102cos22cos(100πt)V，选项C对．t＝0.02s代入电动势的表达式，此刻 V，选项B错．22 22所以平均值一定比 V小，选项A错25ABCD处于可视为水平方向的匀强磁场中，线框绕垂直于u＝332cos(10πt)V．下列说法正确的是()C32∶1DA的电流为2A答 线圈匝数之比为3∶1，选项C错误；根据输出功率与输入功率相等可知，通过电流表AI＝P

A＝1AD 6．(多选)(2017·省天一大联考五)如图6所示，一个面积为S的单匝金属线圈(电阻不计)其电阻减小)n∶1，则()图6Ae＝BSωsinωtBKCKR221＋nDK断开，R2用黑纸包裹时，R21＋n答案解析e＝BSωcosωt，故选项A错误；开关K处于闭合状态，减小光照强度时，R2电阻增大，副线圈的电压由匝2U2 U2·R ·R C错误；开关K断开时，电阻R1压器串联，根据串联电路规律有：U′＝BSω－I

n，I1′＝1，I′＝U2′212

I2′ 立解得 2BSω，U2′＝2nBSω，故选项D正确2R1＋n 21＋n功率关系：P入＝P

1电流关系：只有一个副线圈时，I2＝n1功率关系：P出Pt按正弦规律变化，如图(b)所示．下列说法正确的是()A．变压器输入、输出功率之比为4∶1B1∶4C．utu＝51sin50πt答 解 电流表的示数变大，电压表示数不变，故选项D正确．随温度变化而变化)S，三个灯泡均能正常发光，下列说法正确的是()A．原、副线圈的匝数比为2∶1B0.6VSbSa答 法正确的是()图9A．交流电的频率为100Hz B．U2＝50V，U3＝100V 22解析0.02s50HzA22知，U2＝n2U1＝501

V，U3＝n3U1＝100×1

2 12

00022＝I2n2＋I3n3I1D变电流的电压有效值恒定不变．副线圈接有光敏电阻R(光敏电阻阻值随光照强度增大而减小)、R2R3，则下列说法中正确的是()S121S243答 只将S1从2拨向1时，n1变小，根据变压比，输出电压变大，输出电流变大，输出功率变大，输入功率变大，故输入电流变大，A错误；只将S2从4拨向3时，n2变小，根输出电流变大，输出功率变大，故输入功率变大，D正确．R4为定值电阻，R2为滑动变阻器，为理想，u为正弦交流电源，输出电压有效值恒定，当滑片P从左向右滑动的过程中，下列说法正确的是( C所带电荷量始终不变答 U解 U2n1，副线圈的电流为I2＝U2，根据电流与匝数成反比可得：n1I1＝n2I2 ＝U＝n2(U－RI ＝nn

1

R2＋R3＋n211Q＝CUCB错误；理想变可能先增大后减小，也有可能一直减小，故D错误．112．(2017·省六市第一次联考)如图12甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为5∶1，阻为无穷大，相当于断路)、定值电阻R0、热敏电阻Rt(阻值随温度的升高而减小)及器P(电流增加到一定值警器P将发出警报声)组成闭合电路电压表电流表均为理想， 252电压表的示数为 2Rt处温度减小到一定值时，器P将会发出警报器时，变压器的输入功率比前答 解 根据题图乙知，原线圈输入的交流电的周期T＝0.02s，频率f＝1＝

Hz＝50 50HzAU1＝2202

V＝220V U2

×220V＝44V

2·R总 R

U有442 U有2R总·2＝R总·T，解得：U有2

V，故B故D错误．题组 1．(2016·卷Ⅱ·17)阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图1C所带的电荷量为Q2.Q1与Q2的比值为( 答 解 S断开时等效电路图如图甲所示甲电容器两端电压为U1＝ 2×3 S乙电容器两端电压为U2＝ 1 Q＝CU得Q1＝U1＝3C ，别为3Ω1Ω和4Ω为理想交流电流表，U为正弦交流电压源输出电压的有效值恒定当数比为()， 答 解 ，则

＝U1＋IR1＝5In12＋3I；开关S闭合时，电路如图乙所示，原、副线圈的电流比4I 通过R的电流I′＝4In1，副线圈的输出电压U′＝I′R＝4In1，由

U′＝4In12U＝U′＋4IR＝4In12＋12I，联立解得n1＝3B 和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时两灯泡均能正常发光下列说法正确的是 A．原、副线圈匝数比为9∶1B1∶9abab答 解 设灯泡的额定电压为U0，两灯泡均能正常发光，所以原线圈输出端电压为 1 9＝1，由于小灯泡两端的电压相等，所以根 P＝UI可得，灯泡a和b的电功率之比91∶9，C错误，D4．(2015·新课标Ⅰ·16)一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图4 A．U＝66

B．U＝22C．U＝66 答

D．U＝22 解 原、副线圈电压比等于匝数比，根据副线圈负载电阻两端的电压为U，可知副线圈压为U，原线圈电压为3U，副线圈电流I2＝U，根据I1＝n2得原线圈电流I1＝U 9电阻相等，I1∶I2＝1∶3，可得功率之比为P1∶P2＝1∶9，即k＝1.根据以上分析可知选项9过一理想电流表接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的dUabUcd，则()答 解 变压器的变压比U1＝n1，其中U1、U2是变压器原、副线圈两端的电压．U1＝Uab， P入＝PP入＝I1UabI1减小，即电流表的读数变小，选B正确．c、dUabR的阻值变小时，Ucd不变，选项C错误．根据变压器上的能量关系有E输入＝E输出，在一个周期T时 U2 UUabI1T＝R·2＋0(U为副线圈两端的电压)，二极管短路时有UabI2T＝RTI2＝2I1D题组 市模拟精示数变化量的绝对值分别为ΔU1ΔU2ΔU3A示数变化量的绝对值为ΔI(A．V1示数减小，V2和V3示数增大 ΔI答案解析V1U1U减小，U＝U1＋U3，可知，V3U3减小，R2V2A错误．R2两端电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，带电粒子所受的电场力增所以ΔU3>ΔU1，故C正确．根据闭合电路欧姆定律知：U2＝E－I(R1＋R2＋r)，则得ΔU2＝R＋R2＋rDa、b所示，则()t＝0a25b15a、b答 解 f＝1＝

Hz＝50HzB错误；由题图乙可知，a2×10－2s；b T3×10－2n＝1ab3∶2，a30VEm＝nBSωb表示的交变电动势最大值是20V．故C错误，D正确．T A、B2×10－2A、Bu＝2202sin50πt2加在R1上电压的有效值为 2加在R1上电压的有效值为 答 2解 由题图乙可得交流电的周期T＝2×10－2s，故A正确．电压最大值为 2交变电压的瞬时值表达式为：u＝Umsin

2π＝2202sin100πtVB2202sinT1ABR1B点12×2× UmR1

·2T

VC正确，D29．(2017·合肥市第二次检测)如图9所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，图的功率相等，下列说法正确的是()2BSCS后，R1R36DS前后，R1答 解 设原、副线圈中电流分别为I1和I2，则I1∶I2＝n2∶n1＝1∶2.当开关S断开时，R112R3I2R1＝I2R3R1＝4R0R3＝R0AS12变压器原线圈两端的电压为U′.R3R4＝I2′(R0R0＝3I2′R0又由变压器的规律得：U′∶U2＝n1∶n2＝2∶1结合 5I1′∶I2′＝1∶2，解得：U1∶U2＝10∶3，U′＝3U1，故B正确．闭合S后，R15率P＝I′2R

消耗的功率P＝I2′ 解得P＝4P，故C错误．设闭合S前后，R 1

(2) ＋UR1＝U″＋I1R1＝U″＋4I1R0，又U″∶U2＝n1∶n2＝2∶1，U2＝I2(R2＋R3)＝2I2R0.I1∶I2＝1∶2，解得：U″＝2U1，UR1＝1U1，又U1＝U′＋UR1′.结合U′＝3U1，得 5＝2U1，解得：R1UR1∶UR1′＝5∶6D53∶1R220V的正弦交流电，副线圈n2回路中电阻两端的电压为U2，原线圈电阻与每个副线圈电阻消耗的功率之比均为k，则()9A．U2＝609

10B．U2＝60V，k＝23333

3答3解 设副线圈n2、n3中电流为I，原线圈两端电压为U1，由P出＝P入得：2U2I＝U1I1，n1∶n2＝3∶1，U1＝n1，则U2＝U1，I1＝2I.原线圈电路有2IR＋U1＝220V，又 9＝4∶99L1、L2、L3是三个相同的灯泡，T为理想变压器，开关S断开时，灯泡L1、L2、L3亮度相同(未达到正常发光状态)，若闭合S，下列判断正确的是( C答 的电压等于L1两端的电压，U1＝U，副线圈两端的电压U2＝2U，原、副线圈两端的电压为1∶2，故C错误；闭合S后，L1并联在原线圈两端，不能影响原线圈的电压，原线圈电故A、B错误；电流与匝数成反比，则原线圈电流是副线圈电流的2倍，电流增加量也是副线圈的2倍，所以原线圈中增加的电流大于副线圈中增加的电流，